【步步高】（广东专用）高考化学 考前三个月高考冲刺练 第6题 突破基本概念、基本理论选择题(二)（含答案解析）.docVIP

第6题突破基本概念、基本理论选择题(二)题组四电解质溶液16下列有关电解质溶液中微粒的物质的量浓度关系正确的是()a0.1 moll1 nahco3溶液中：c(h)c(na)c(oh)c(hco)c(co)b一定量nh4cl与nh3h2o混合所得的酸性溶液中：c(nh)答案bc17下列关于电解质溶液的叙述正确的是()a常温下，na2co3溶液的ph7b0.1 moll1 na2co3溶液在35 时碱性比25 强，说明该水解反应是放热反应c常温下，ph7的nh4cl与氨水的混合溶液中各离子浓度的关系为c(cl)c(nh)c(h)c(oh)d常温下，中和ph与体积均相同的盐酸和醋酸，消耗naoh的物质的量相同答案ac18对于常温下ph3的乙酸溶液，下列说法正确的是()ac(h)c(ch3coo)c(oh)b加水稀释到原体积的10倍后溶液ph变为4c加入少量乙酸钠固体，溶液ph升高d与等体积ph为11的naoh溶液混合后所得溶液中：c(na)c(ch3coo)答案ac19常温下，有关醋酸溶液的叙述中错误的是()aph5.6的ch3cooh与ch3coona混合溶液中：c(na)c(ch3coo)c(h)c(oh)d常温下，将ph2的盐酸和ph12的氨水等体积混合后：c(nh)c(cl)c(oh)c(h)答案ad解析碳酸钠中钠离子的物质的量是碳酸根离子的2倍，水不含钠元素也不含碳元素，钠离子不能水解，大多数碳酸根离子不水解，但是有一部分碳酸根离子水解变为碳酸氢根离子，还有一部分碳酸根离子水解为碳酸分子，根据物料守恒原理可知，平衡时溶液中钠离子浓度仍是碳元素各种存在形式粒子浓度总和的2倍，故a正确；氯化铵是强酸弱碱盐，完全电离出氯离子和铵根离子，氯离子不能水解，而铵根离子部分水解为一水合氨，则平衡时溶液中氯离子浓度大于铵根离子浓度，故b错误；依题意，混合溶液呈电中性，含有醋酸根离子、氢氧根离子、钠离子和氢离子，由电荷守恒原理可得：c(na)c(h)c(ch3coo)c(oh)，由于混合溶液呈酸性，则c(h)c(oh)，综合判断可得：c(ch3coo)c(na)，由于水的电离程度极弱，则平衡时溶液中c(ch3coo)c(na)c(h)c(oh)，故c错误；ph2，则c(h)0.01 moll1，由于氯化氢是完全电离的强电解质，则c(hcl)0.01 moll1，ph12，则c(oh)kw/c(h)0.01 moll1，由于一水合氨是部分电离的弱电解质，则c(nh3h2o)0.01 moll1，则等体积的盐酸和氨水混合时，盐酸不足，氨水远远过量，所以混合溶液显碱性，c(oh)c(h)，混合溶液中含有铵根离子、氢离子、氯离子、氢氧根离子，由电荷守恒原理可得：c(nh)c(h)c(cl)c(oh)，综合判断可得：c(nh)c(cl)，由于水的电离程度极弱，则平衡时溶液中c(nh)c(cl)c(oh)c(h)，故d正确。22常温下有0.1 moll1的naha溶液，其ph9，下列说法正确的是()ac(na)c(ha)c(a2)c(h2a)bc(ha)c(na)c(oh)c(h)cc(na)c(ha)c(oh)c(h2a)dc(h)2c(h2a)c(oh)c(a2)答案ac解析由于naha=naha，h2ohoh，hah2oh2aoh，haha2，则平衡时溶液中的ha、h2a、a2均来自原料中的naha，根据物料守恒原理可得：c(na)c(ha)c(a2)c(h2a)，故a选项正确，由于溶液的ph9，说明该盐是强碱弱酸盐，na不能水解，ha既能微弱的水解，也能微弱的电离，且水解程度大于其电离程度，因此平衡时溶液中c(na)c(ha)c(oh)c(h)，故b选项错误；由质子守恒c(h)c(h2a)c(oh)c(a2)，d选项错误；由于ha水解程度大于其电离程度，c(h2a)c(a2)，则c(h2a)c(oh)，则c(na)c(ha)c(oh)c(h2a)，故c选项正确。23对于常温下0.1 moll1 nahco3溶液，下列叙述不正确的()ac(na)c(hco)c(co)c(h2co3)b温度升高，溶液的ph升高，但溶液中的c(h)与c(oh)乘积不变c与等体积等浓度的ch3cooh溶液反应后，溶液中c(na)c(ch3coo)d加入适量的naoh固体，溶液的ph减小答案bd解析a项，符合物料守恒原理，表示钠元素的总浓度始终与碳元素的总浓度相等，故a正确；b项，碳酸氢钠是强碱弱酸盐，完全电离出的碳酸氢根离子的水解程度大于电离程度，所以该盐溶液呈弱碱性，由于碳酸氢根离子的水解反应是吸热反应，升高温度，促进其水解平衡右移，氢氧根离子浓度增大，溶液的碱性增强，ph升高，同时，溶剂水的电离也是吸热反应，升高温度，促进水的电离，则水的离子积增大，即溶液中的c(h)与c(oh)乘积随温度升高而增大，故b错；依题意nahco3ch3cooh=ch3coonaco2h2o反应中碳酸氢钠与醋酸的物质的量之比等于系数之比，则二者完全反应，都没有过量，生成的醋酸钠是强碱弱酸盐，其完全电离出的醋酸根离子部分水解，生成醋酸和氢氧根离子，则溶液中c(na)c(ch3coo)，故c正确；氢氧化钠是强碱，与碳酸氢钠发生中和反应，即nahco3naoh=na2co3h2o，则溶液的碱性增强，ph增大，故d错。24下列说法正确的是()a常温下，ph7的氨水与氯化铵的混合溶液中：c(cl)c(nh)b常温下ph5的盐酸溶液稀释1000倍后ph8c在baso4的饱和溶液中加入一定量na2so4固体，baso4的溶解度和ksp均变小d0.1 moll1的硫酸铵溶液中：c(nh)c(so)c(h)答案ad解析氨水与氯化铵的混合溶液中存在的四种离子是nh、h、oh、cl，根据电荷守恒可得：c(h)c(nh)c(cl)c(oh)，混合溶液ph7说明c(h)c(oh)，则c(nh)c(cl)，故a正确；盐酸显酸性，无论怎样稀释，稀释后溶液仍显酸性，ph只能无限地接近7，不可能大于等于7，故b错误；加入硫酸钠固体，增大硫酸根离子浓度，使baso4(s)ba2(aq)so(aq)的平衡向逆反应方向移动，析出沉淀导致硫酸钡的溶解度减小，说明硫酸钡在水中的溶解度比在硫酸钠溶液中的溶解度大，但是ksp只与温度有关，温度不变溶度积不变，故c错误；硫酸铵是强电解质，则(nh4)2so4=2nhso，不考虑水解时，铵根离子的浓度是硫酸根离子浓度的2倍，硫酸根离子不能水解，少部分铵根离子水解，导致溶液呈弱酸性，大部分铵根离子不水解，则溶液中铵根离子浓度介于硫酸根离子浓度的12倍之间，所以稀硫酸铵溶液中c(nh)c(so)c(h)c(oh)，故d正确。25常温时，v1 ml c1 moll1的醋酸滴加到v2 ml c2 moll1的烧碱溶液中，下列结论正确的是()a若v1v2且混合溶液ph7，则有c1c2b若c1v1c2v2，则混合溶液中c(na)c(ch3coo)c若混合溶液的ph7，则有c1v1c2v2d若混合溶液的ph7，则混合溶液中c(na)c(ch3coo)答案ac解析若v1v2，c1c2，则c1v1c2v2，即醋酸与烧碱恰好完全中和，得到醋酸钠和水，醋酸钠是强碱弱酸盐，根据盐类水解规律可知混合溶液ph7，欲使混合溶液ph7，则醋酸一定过量，则c1c2，故a正确；若c1v1c2v2，即醋酸与烧碱恰好完全中和，混合后得到ch3coona溶液，ch3coona是强碱弱酸盐，钠离子不水解，醋酸根离子部分水解，则混合后溶液中c(na)c(ch3coo)，故b错误；若醋酸与烧碱恰好完全中和，混合溶液ph7，欲使混合溶液ph7，则醋酸必须适当过量，则c1v1c2v2，故c正确；混合溶液中含有的离子是ch3coo、na、h、oh，由电荷守恒原理可得：c(h)c(na)c(ch3coo)c(oh)，混合溶液ph7，则c(h)c(oh)，因此c(na)c(ch3coo)，故d错误。26下列有关电解质溶液中微粒的关系不正确的是()a25 时，ph4的氯化铵溶液中：c(nh)c(cl)c(h)c(oh)b25 时，ph3的氯化铵溶液中：c(oh)1.01011moll1c将ph5的醋酸溶液稀释后，恢复至原温度，ph和kw均增大d向nh4hso4溶液中加入等物质的量的naoh形成的溶液中：c(na)c(so)c(nh)c(h)c(oh)答案ac解析由于nh4cl=nhcl、h2ohoh、nhh2ohnh3h2o，则该溶液中不能水解的氯离子浓度最大，部分能水解的铵根离子浓度其次，氢离子浓度第三，氢氧根离子浓度最小，故a选项错误；ph3的氯化铵溶液中，c(h)103moll1,25 时kw1.01014，则c(oh)kw/c(h)1.01011 moll1，故b选项正确；醋酸是弱酸，稀释能使其电离平衡向正反应方向移动，但是酸性减弱，ph增大，由于温度不变，电离平衡常数和水的离子积保持不变，故c选项错误；由于硫酸氢根离子的酸性比铵根离子强，则naoh不足时，只发生反应nh4hso4naoh=(nh4)2so4na2so4h2o，由于钠离子和硫酸根离子均不水解，而铵根离子部分水解，与水电离出的氢氧根离子结合生成一水合氨，则溶液中钠离子和硫酸根离子浓度相等且最大，铵根离子浓度其次，氢离子浓度排第三，氢氧根离子浓度排第四，故d选项正确。27常温下，实验室有0.01 moll1醋酸，下列叙述正确的是()ac(ch3coo)c(oh)0.01 moll1b与等体积ph12的氨水混合后所得溶液显碱性c加入少量醋酸钠固体后所得溶液中c(ch3coo)减小d与等体积0.01 moll1nano3溶液混合后有：c(no)c(ch3coo)c(ch3cooh)答案bd解析醋酸是弱酸，部分电离出氢离子，则溶液中氢离子浓度远小于醋酸浓度，即c(h)0.01 moll1，醋酸溶液呈电中性，根据电荷守恒原理可得：c(ch3coo)c(oh)c(h)0.01 moll1，故a选项错误；ph12，则氨水中c(oh)kw/c(h)0.01 moll1，一水合氨是弱碱，少部分电离出氢氧根离子，则一水合氨的浓度远大于0.01 moll1，因此等体积混合时氨水过量，醋酸不足，混合后溶液呈碱性，故b选项正确；醋酸钠是易溶于水的强电解质，加入醋酸钠固体，增大醋酸根离子浓度，使醋酸的电离平衡左移，醋酸电离程度减小，虽然醋酸电离出的醋酸根离子减少，但是溶液中醋酸根离子浓度明显增大，故c选项错误；硝酸钠是强电解质，硝酸根离子与硝酸钠的物质的量相等，醋酸是弱酸，存在电离平衡，根据物料守恒原理可知，醋酸和醋酸根离子与硝酸钠的物质的量相等，则溶液中c(no)c(ch3coo)c(ch3cooh)，故d选项正确。28常温下，ph89的na2so3溶液中存在：soh2ohsooh，下列说法正确的是()a加入少量naoh固体，kw增大bc(oh)c(hso)2c(h2so3)c(h)cc(so)c(oh)c(hso)d加入稀盐酸，c(hso)减小答案bc解析水的离子积只与温度有关，与浓度改变引起的平衡移动无关，加入naoh固体，维持温度不变，kw不变，故a错误；根据水的电离方程式可知，亚硫酸钠溶液中由水电离出的氢氧根离子浓度一定等于氢离子浓度，根据盐类水解可知，水电离出的氢离子一部分被亚硫酸根离子消耗，且有如下两种情况：1个亚硫酸根离子消耗1个氢离子变为1个亚硫酸氢根离子、1个亚硫酸根离子消耗2个氢离子变为1个亚硫酸分子，由于微粒数之比等于浓度之比，则水电离出的氢离子浓度溶液中的氢离子浓度亚硫酸氢根离子浓度亚硫酸浓度2水电离出的氢氧根离子浓度，故b正确；亚硫酸根离子分两步水解：soh2ohsooh、hsoh2oh2so3oh，但是第一步水解程度较弱，第二步水解程度更弱，两步水解都生成oh，所以溶液中c(so)c(oh)c(hso)，故c正确；盐酸与氢氧根离子易反应，能减小氢氧根离子浓度，使亚硫酸根离子的水解平衡右移，则c(hso)增大，故d错误。29常温下pha的ch3cooh稀溶液与phb的naoh稀溶液等体积混合，下列判断正确的是()a反应过程中，ch3cooh的电离程度增大b若ab14，则混合后ph7c若混合后ph5.3，则c(na)c(ch3coo)d若混合后ch3cooh与naoh恰好完全反应，则混合前abc(a)c(oh)c(h)答案ac解析由于ncv，则甲实验中n(ha)n(naoh)，混合溶液中溶质只有naa，溶液ph9，说明naa溶液呈碱性，则naa是强碱弱酸盐，即ha是弱酸，故b正确；由于ha与naoh恰好完全中和所得溶液呈弱碱性，欲使溶液ph7或呈中性，ha一定要过量且保证过量到一定程度，则n(ha)n(naoh)，即c(ha)c(naoh)，所以c(ha)0.2 moll1，故a不正确；乙实验中ha过量，即n(ha)n(naoh)，根据物料守恒原理可知，溶液中c(na)c(ha)c(a)，故c不正确；甲反应后溶液中溶质naa完全电离，钠离子不水解，部分a与水电离出的h结合成ha，则c(na)c(a)c(oh)c(h)，故d正确。31常温下，有下列四种溶液：0.1 moll1naoh溶液ph11 naoh溶液0.1 moll1 ch3cooh溶液ph3 ch3cooh溶液下列说法正确的是()a由水电离出的c(h)：b稀释到原来的100倍后，ph与相同c与混合，若溶液ph7，则v(naoh)v(ch3cooh)d与混合，若溶液显酸性，则所得溶液中离子浓度可能为c(ch3coo)c(h)c(na)c(oh)答案ad解析naoh是强碱、ch3cooh是弱酸，它们都能使水的电离平衡(h2ohoh)左移，且前者使水的电离平衡左移的程度大于后者，导致水电离出的氢离子浓度更小，故a正确；根据稀释定律：c1v1c2v2，则稀释到原来的100倍后，醋酸的浓度变为0.001 moll1，但是醋酸是弱酸，即使稀释100倍也不能完全电离，则溶液中氢离子浓度小于0.001 moll1，由于phlgc(h)，则溶液ph3，不可能与相同，故b错误；若与等体积混合，根据ncv可知，naoh和ch3cooh恰好完全中和，得到的ch3coona是强碱弱酸盐，混合后溶液呈弱碱性，ph7，则醋酸一定过量，因此v(naoh)v(ch3cooh)，故c错误；醋酸溶液存在如下平衡：ch3coohhch3coo，如果向醋酸