历年重点选择题.doc

在CPU中， （3） 可用于传送和暂存用户数据，为ALU执行算术逻辑运算提供工作区。（3）A程序计数器 B累加寄存器 C程序状态寄存器 D地址寄存器试题解析：为了保证程序(在操作系统中理解为进程)能够连续地执行下去，CPU必须具有某些手段来确定下一条指令的地址。而程序计数器正是起到这种作用，所以通常又称为指令计数器。在程序开始执行前，必须将它的起始地址，即程序的一条指令所在的内存单元地址送入PC，因此程序计数器（PC）的内容即是从内存提取的第一条指令的地址。当执行指令时，CPU将自动修改PC的内容，即每执行一条指令PC增加一个量，这个量等于指令所含的字节数，以便使其保持的总是将要执行的下一条指令的地址。状态寄存器：用来标识协处理器中指令执行情况的，它相当于CPU中的标志位寄存器。累加寄存器：主要用来保存操作数和运算结果等信息，从而节省读取操作数所需占用总线和访问存储器的时间。地址寄存器：可作为存储器指针。答案：B ISO/IEC 9126软件质量模型中第一层定义了六个质量特性，并为各质量特性定义了相应的质量子特性，子特性 （9） 属于可靠性质量特性。（9）A准确性 B易理解性 C成熟性 D易学性试题解析： 光纤分为单模光纤与多模光纤，这两种光纤的区别是 （11） 。（11）A单模光纤的纤芯大，多模光纤的纤芯小。B单模光纤比多模光纤采用的波长长。C单模光纤的传输频带窄，而多模光纤的传输频带宽。D单模光纤的光源采用发光二极管（Light Emitting Diode），而多模光纤的光源采用激光二极管（Laser Diode）。试题解析：除了B是正确的外，其他的全部说反了。 关于曼彻斯特编码，下面叙述中错误的是 （14） 。（14）A曼彻斯特编码是一种双相码。B采用曼彻斯特编码，波特率是数据速率的2倍。C曼彻斯特编码可以自同步。D曼彻斯特编码效率高。试题解析：曼彻斯特编码效率只有50%，不能算效率高。答案：（14）D 采用CRC进行差错校验，声称多项式为G(X)= X4+X+1，信息码字为10110，则计算机的CRC校验码是 （18） 。（18）A0000 B0100 C0010 D1111试题解析：答案：（18）D 采用海明码进行差错校验，信息码字为1001011，为纠正一位错，则需要 （19） 比特冗余位。（19）A2 B3 C4 D8试题解析：海明码纠正一位错误，有以下要求：设信息码长度为L，海明码冗余位长度为M，则（2的M次方）必须大于等于L+M+1。由于L=7，得到M=4。 2*L+M+1答案：（19）C ARP协议数据单元封装在 （20） 中发送，ICMP协议数据单元封装在 （21） 中发送。（20）AIP数据报 BTCP报文 C以太帧 DUDP报文（21）AIP数据报 BTCP报文 C以太帧 DUDP报文试题解析：常识。答案：（20）C，（21）A 在Windows中运行 （28） 命令后得到如下图所示的结果，该信息表明主机的以太网网卡 （29） ，图中224.0.0.0是 （30） 。（28）Aipconfig/renew Bping Cnetstat -r Dnslookup（29）AIP地址为127.0.0.1，子网掩码为255.255.255.0，默认网关为127.0.0.1。BIP地址为102.217.115.132，子网掩码为255.255.255.128。CIP地址为102.217.115.132，子网掩码为255.255.255.255。DIP地址为255.255.255.255，子网掩码为255.255.255.255。（30）A本地回路 B默认路由 C组播地址 D私网地址试题解析：这个么，自己执行一下netstat r（route print）命令就知道了。答案：（28）C、（29）B、（30）C 为保证在启动Linux服务器时自动启动DHCP进程，应在 （34） 文件中将配置项dhcpd=no改为dhcpd=yes。（34）A/etc/rc.d/rc.inet1 B/etc/rc.d/rc.inet2C/etc/dhcpd.conf D/etc/rc.d/rc.s试题解析：etc/rc.d/rc.inetd 为网络超级守护进程，/etc/rc.d/rc.inet1是其配置文件。答案：（34）A 在Linux操作系统中，存放有主机名及对应IP地址的文件是 （35） 。（35）A/etc/hostname B/etc/hosts C/etc/resolv.conf D/etc/networks试题解析：常识。答案：（35）B 下面有关DNS的说法中错误的是 （40） 。（40）A主域名服务器运行域名服务器软件，有域名数据库B辅助域名服务器运行域名服务器软件，但是没有域名数据库C转发域名服务器负责非本地域名的本地查询D一个域有且只有一个主域名服务器试题解析：辅助域名服务器也是有数据库的。答案：（40）B 常用对称加密算法不包括 （41） 。（41）ADES BRC-5 CIDEA DRSA试题解析：RSA是非对称加密算法。答案：（41）D Windows Server 2003中能够发送SNMP请求报文并能对SNMP报文进行解析的服务为 （49） ；用以监听被管主机发送来的陷入报文的服务为 （50） 。（49）ASNMP Service BTask SchedulerCTerminal Services DSNMP Trap Service（50）ASNMP Service BTask SchedulerCTerminal Services DSNMP Trap Service试题解析：常识。答案：（49）A，（50）D私网地址用于配置公司内部网络，下面选项中， （55） 属于私网地址。（55）A128.168.10.1 B10.128.10.1C127.10.0.1 D172.15.0.1试题解析：答案：（55）B 在TCP/IP网络中，为各种公共服务保留的端口号范围是 （59） 。（59）A1255 B2561023 C11023 D102465535试题解析：常识。答案：（59）C 关于IEEE 802.3的CSMA/CD协议，下面结论中错误的是 （62） 。（62）ACSMA/CD是一种解决访问冲突的协议BCSMA/CD协议适用于所有的802.3以太网C在网络负载较小时，CSMA/CD协议的通信效率很高D这种网络协议适合传输非实时数据试题解析：选择A有些二义性。如果从避免冲突的角度来说，CSMA/CD不是一种避免冲突的协议，它只能在冲突发生并被监测到后通过二进制指数后退法重发数据。这样一来选择A就是错的。但是如果说通过二进制指数后退法解决了冲突问题，那么选择A又可以算是对的。另外，选择B的“所有”两字令人怀疑。例如802.3ae万兆以太网，它采用了全双工线路进行通信，从物理上避免了冲突的发生，因此无需再做什么冲突监测了，但这也并不表明CSMA/CD协议不适合于802.3ae万兆以太网，只是802.3ae万兆以太网采用别的方式避免了CDMA/CD的限制。答案：（62）B 关于无线局域网，下面叙述中正确的是 （64） 。（64）A802.11a和802.11b都可以在2.4GHz频段工作B802.11b和802.11g都可以在2.4GHz频段工作C802.11a和802.11b都可以在5GHz频段工作D802.11b和802.11g都可以在5GHz频段工作试题解析：答案：（64）B IEEE 802.11i标准增强了WLAN的安全性，下面关于802.11i的描述中，错误的是 （65） 。（65）A加密算法采用高级数据加密标准AESB加密算法采用对等保密协议WEPC用802.1x实现了访问控制D使用TKIP协议实现了动态的加密过程试题解析：IEEE 802.11i规定使用802.1x认证和密钥管理方式，在数据加密方面，定义了TKIP（Temporal Key Integrity Protocol）、CCMP（Counter-Mode/CBC-MAC Protocol）和WRAP（Wireless Robust Authenticated Protocol）三种加密机制。其中TKIP采用RC4作为核心加密算法，可以通过在现有的设备上升级固件和驱动程序的方法达到提高WLAN安全的目的。CCMP机制基于AES（Advanced Encryption Standard）加密算法和CCM（Counter-Mode/CBC-MAC）认证方式，使得WLAN的安全程度大大提高，是实现RSN的强制性要求。由于AES对硬件要求比较高，因此CCMP无法通过在现有设备的基础上进行升级实现。WRAP机制基于AES加密算法和OCB（Offset Codebook），是一种可选的加密机制。答案：（65）B （4） 是一种面向数据流的开发方法，其基本思想是软件功能的分解和抽象。（4）A结构化开发方法 BJackson系统开发方法CBooch方法 DUML（统一建模语言）试题解析：结构化开发方法是一种面向数据流的开发方法。Jackson开发方法是一种面向数据结构的开发方法。Booch和UML方法是面向对象的开发方法。答案：A 采用UML进行软件设计时，可用 （5） 关系表示两类事物之间存在的特殊/一般关系，用聚集关系表示事物之间存在的整体一部分关系。（5）A依赖 B聚集 C泛化 D实现试题解析：依赖：表示一个元素以某种方式依赖于另一种元素。泛化：表示一般与特殊的关系，即“一般”元素是“特殊”关系的泛化。聚合：表示整体与部分的关系。实现：一种模型元素（如类）与另外一种模型元素（如接口）连接起来，其中接口只是行为的说明而不是结构或者实现。答案：C 依据我国著作权法的规定， （10） 属于著作人身权。（10）A发行权 B复制权C署名权 D信息网络传播权试题解析：常识。答案：C 下图的两种编码方案分别是 （13） 。（13）A差分曼彻斯特编码，双相码BNRZ编码，差分曼彻斯特编码CNRZ-I编码，曼彻斯特编码D极性码，双极性码试题解析：在NRZ-I编码方式中，信号电平的一次反转代表比特1，没有电平变化代表比特0。例如：曼彻斯特编码在每个比特间隙中间的电平跳变来同时代表比特位和同步信息。负电平到正电平的跳变代表比特1，而正电平到负电平的跳变则代表比特0。（反过来表示也可以，只要通讯双方采用相同的表示法即可）。例如：答案：C 假设模拟信号的最高频率为5MHz，采样频率必须大于 （14） ，才能使得到的样本信号不失真，如果每个样本量化为256个等级，则传输的数据速率是 （15） 。（14）A5MHz B10MHz C15MHz D20MHz（15）A10Mb/s B50Mb/s C80Mb/s D100Mb/s试题解析：尼奎斯特证明：当采样频率大于等于模拟信号最高频分量频率的两倍时，所得的离散信号可以无失真地还原被采样的模拟信号。当模拟信号的最高频率为5MHz，采样频率必须大于10MHz。256个等级需要用8位来存储（ 28=256），10M8=80Mb/s。答案：（14）B，（15）C 在异步通信中，每个字符包含1位起始位、7位数据位、1位奇偶位和2位终止位，若每秒钟传送100个字符，采用4相位调制，则码元速率为 （16） ，有效数据速率为 （17） 。（16）A50波特 B500波特 C550波特 D1100波特（17）A500b/s B700b/s C770b/s D1100b/s试题解析：4相位调制每次信号变换可以传输 log24=2个比特，因此码元速率为（1+7+1+2）1002=550波特。有效数据数率当然是7100=700b/s了。答案：（16）C，（17）B 设信道带宽为3400Hz，调制为4种不同的码元，根据Nyquist定理 ，理想信道的数据速率为 （18） 。（18）A3.4Kb/s B6.8Kb/s C13.6Kb/s D34Kb/s试题解析：4种不同的码元可以分别用于表示00、01、10和11，也就是说每次信号变换就传输2个比特。因此数据速率为234002=13.6Kb/s。答案：C 采用CRC校验的生成多项式为 G（x）=x16+x15+x2+1，它产生的校验码是 （19） 位。（19）A2 B4 C16 D32试题解析：多项式最高次为16，意味着校验码是16位。答案：C 下面的选项中，属于传输层安全协议的是 （44） 。（44）AIPsec BL2TP CTLS DPPTP试题解析：IPsec是网络层安全协议。PPTP（Point-to-Point Tunneling Protocol，点对点隧道协议）和L2TP（Layer 2 Tunneling Protocol，第二层隧道协议）是网络接口层安全协议。TLS（Transport Layer Security Protocol，安全传输层协议）是传输层安全协议。答案：C 在SNMPv2中，一个实体接收到一个报文，一般经过四个步骤：（1）把PDU部分、源和目标端口号交给认证服务。如果认证失败，发送一个陷入，丢弃报文。（2）协议实体对PDU做句法检查。如果通过检查，则根据团体名和适当的访问策略作相应的处理。（3）如果认证通过，则把PDU转换成ASN.1的形式。（4）对报文进行语法检查，丢弃出错的报文。这四个步骤的正确次序是 （50） 。（50）A（1）（3）（2）（4） B（3）（2）（1）（4）C（4）（1）（3）（2） D（2）（1）（3）（4）试题解析：如果以前没有接触过这些知识，可以通过分析获得正确答案：在处理报文前，应该先对报文进行语法和句法进行分析；步骤（3）应该紧接着步骤（1）；收到报文时，应该最先做的就是语法分析，这样才能分离出PDU（协议数据单元），因此（4）应该在（1）之前。根据以上分析已经可以获得正确答案。 当启用VTP修剪功能后，如果交换端口中加入一个新的VLAN，则立即 （59） 。（59）A剪断与周边交换机的连接B把新的VLAN中的数据发送给周边交换机C向周边交换机发送VTP连接报文D要求周边交换机建立同样的VLAN试题解析：VTP修剪（Pruning）功能可以用来减少Trunk中的流量。如果整个VTP域没有某个VLAN的端口，则启动修剪功能的Trunk将过滤该VLAN的数据帧，无论数据帧是单播帧还是广播帧。如果有新的VLAN加入，则要向周边交换机发送VTP连接报文，重新调整过滤规则。答案：C 选择软件开发工具时，应考虑功能、 （5） 、稳健性、硬件要求和性能、服务和支持。（5）A易用性 B易维护性 C可移植性 D可扩充性试题解析：易维护性、可移植性和可扩充性一般是指软件产品本身的特性。易用性几可以用来描述软件产品本身的特性，也可以用来描述软件开发工具的特性。答案：A 内聚性和耦合性是度量软件模块独立性的重要准则，软件设计时应力求 （6） 。（6）A高内聚，高耦合 B高内聚，低耦合C低内聚，高耦合 D低内聚，低耦合试题解析：对于软件开发来说，要追求模块内部的高内聚，模块之间的低耦合。常识！答案：B （8） 不属于知识产权的范围。（8）A地理标志权 B物权 C邻接权 D商业秘密权试题解析：地理标志权是世界贸易组织确认的一种新型知识产权，具有集合性、法定性、永久性、不可转让性等特点。邻接权，又称作品传播者权，是指与著作权相邻近的权利。商业秘密权是公民、企业、单位、组织享有的知识产权。商业秘密的保护范围包括所有技术信息、经营信息，以及其他与商业竞争有关的信息。答案：B 若文件系统容许不同用户的文件可以具有相同的文件名，则操作系统应采用 （9） 来实现。（9）A索引表 B索引文件 C指针 D多级目录试题解析：索引表、索引文件和指针可以让不同用户访问相同的文件。如果是不同用户的不同文件要使用相同的文件名，使用多级目录就可以简单实现了。答案：D 按照美国制定的光纤通信标准SONET，OC-48的线路速率是 （11） Mb/s。（11）A41.84 B622.08 C2488.32 D9953.28试题解析：传输速率可参见下表：答案：C 关于交换机，下面说法中错误的是 （12） 。（12）A以太网交换机根据MAC地址进行交换B帧中继交换机根据虚电路号DLCI进行交换C三层交换机根据网络层地址进行转发，并根据MAC地址进行交换DATM交换机根据虚电路标识和MAC地址进行交换试题解析：ATM交换机是根据VPI（Virtual Path Identifier，虚电路标识）和VCI（Virtual Channel Identifier，虚信道标识）进行交换的。答案：D 关于路由器，下列说法中正确的是 （13） 。（13）A路由器处理的信息量比交换机少，因而转发速度比交换机快B对于同一目标，路由器只提供延迟最小的最佳路由C通常的路由器可以支持多种网络层协议，并提供不同协议之间的分组转换D路由器不但能够根据逻辑地址进行转发，而且可以根据物理地址进行转发试题解析：路由器是第三层设备，要处理的内容比第二层设备交换机要多，因而转发速度比交换机慢。虽然一些路由协议可以将延迟作为参数进行路由选择，但路由协议使用最多的参数是传输距离，此外还有其他的一些参数。路由器只能够根据逻辑地址进行转发。答案：C 下面关于DPSK调制技术的描述，正确的是 （14） 。（14）A不同的码元幅度不同B不同的码元前沿有不同的相位改变C由四种相位不同的码元组成D由不同的频率组成不同的码元试题解析：DPSK（Differential Phase Shift Keying，差分移相键控）是利用调制信号前后码元之间载波相对相位的变化来传递信息的。答案：B 下面4种编码方式中属于差分曼彻斯特编码的是 （15） 。（15）试题解析：差分曼彻斯特编码的比特间隙中间的跳变仅用于携带同步信息，不同比特是通过在比特开始位置有无电平反转来表示。每比特的开始位置没有电平跳变表示比特1，有电平跳变表示比特0。答案：B T1载波每个信道的数据速率为 （16） ，T1信道的总数据速率为 （17） 。（16）A32kb/s B56 kb/s C64 kb/s D96 kb/s（17）A1.544Mb/s B6.312Mb/s C2.048Mb/s D4.096Mb/s试题解析：在电信数字通信系统中，广泛使用了PCM（Pulse code Modulation，脉冲编码调制）技术。模拟电话的带宽为4kHz，根据尼奎斯特定理，编码解码器（coder-decoder，codec）采样频率需要达到每秒8000次。编码解码器每次采样，就生成一个8比特的数字信息。因此，一个模拟电话信道在数字化后对应一个64Kbps的数字信道。一个64Kbps的数字信道被称为DS0（Digital Signal 0，数字信号0）。T1是T-载波通信系统的基础，也称一次群。T1由24个DS0信道多路复用组成，每秒8000帧。在一个帧中，为每个信道依次分配8个比特。另外每个帧还需要1个比特用于分帧控制。因此T1的帧大小为248+1=193比特，T1的速率为1938000=1.544Mbps。答案：（16）C （17）A 设信道带宽为4000Hz，调制为4种不同的码元，根据Nyquist定理，理想信道的数据速率为 （18） 。（18）A10 kb/s B16 kb/s C24 kb/s D48 kb/s试题解析：尼奎斯特定理：最大数据传输速率 = 2H log2V bps = 2 4000 log24 = 16 kb/s。答案：B 关于交换机，下面说法中错误的是 （12） 。（12）A以太网交换机根据MAC地址进行交换B帧中继交换机根据虚电路号DLCI进行交换C三层交换机根据网络层地址进行转发，并根据MAC地址进行交换DATM交换机根据虚电路标识和MAC地址进行交换试题解析：ATM交换机是根据VPI（Virtual Path Identifier，虚电路标识）和VCI（Virtual Channel Identifier，虚信道标识）进行交换的。答案：D 关于路由器，下列说法中正确的是 （13） 。（13）A路由器处理的信息量比交换机少，因而转发速度比交换机快B对于同一目标，路由器只提供延迟最小的最佳路由C通常的路由器可以支持多种网络层协议，并提供不同协议之间的分组转换D路由器不但能够根据逻辑地址进行转发，而且可以根据物理地址进行转发试题解析：路由器是第三层设备，要处理的内容比第二层设备交换机要多，因而转发速度比交换机慢。虽然一些路由协议可以将延迟作为参数进行路由选择，但路由协议使用最多的参数是传输距离，此外还有其他的一些参数。路由器只能够根据逻辑地址进行转发。答案：C 下面关于DPSK调制技术的描述，正确的是 （14） 。（14）A不同的码元幅度不同B不同的码元前沿有不同的相位改变C由四种相位不同的码元组成D由不同的频率组成不同的码元试题解析：DPSK（Differential Phase Shift Keying，差分移相键控）是利用调制信号前后码元之间载波相对相位的变化来传递信息的。答案：B 下面4种编码方式中属于差分曼彻斯特编码的是 （15） 。（15）试题解析：差分曼彻斯特编码的比特间隙中间的跳变仅用于携带同步信息，不同比特是通过在比特开始位置有无电平反转来表示。每比特的开始位置没有电平跳变表示比特1，有电平跳变表示比特0。答案：B T1载波每个信道的数据速率为 （16） ，T1信道的总数据速率为 （17） 。（16）A32kb/s B56 kb/s C64 kb/s D96 kb/s（17）A1.544Mb/s B6.312Mb/s C2.048Mb/s D4.096Mb/s试题解析：在电信数字通信系统中，广泛使用了PCM（Pulse code Modulation，脉冲编码调制）技术。模拟电话的带宽为4kHz，根据尼奎斯特定理，编码解码器（coder-decoder，codec）采样频率需要达到每秒8000次。编码解码器每次采样，就生成一个8比特的数字信息。因此，一个模拟电话信道在数字化后对应一个64Kbps的数字信道。一个64Kbps的数字信道被称为DS0（Digital Signal 0，数字信号0）。T1是T-载波通信系统的基础，也称一次群。T1由24个DS0信道多路复用组成，每秒8000帧。在一个帧中，为每个信道依次分配8个比特。另外每个帧还需要1个比特用于分帧控制。因此T1的帧大小为248+1=193比特，T1的速率为1938000=1.544Mbps。答案：（16）C （17）A 设信道带宽为4000Hz，调制为4种不同的码元，根据Nyquist定理，理想信道的数据速率为 （18） 。（18）A10 kb/s B16 kb/s C24 kb/s D48 kb/s试题解析：尼奎斯特定理：最大数据传输速率 = 2H log2V bps = 2 4000 log24 = 16 kb/s。答案：B 关于链路状态协议与距离矢量协议的区别，以下说法中错误的是 （25） 。（25）A链路状态协议周期性地发布路由信息，而距离矢量协议在网络拓扑发生变化时发布路由信息B链路状态协议由网络内部指定的路由器发布路由信息，而距离矢量协议的所有路由器都发布路由信息C链路状态协议采用组播方式发布路由信息，而距离矢量协议以广播方式发布路由信息D链路状态协议发布的组播报文要求应答，这种通信方式比不要求应答的广播通信可靠试题解析：链路状态协议和距离矢量协议类似，都会周期性地发布路由信息。答案：A Needham-Schroeder协议是基于 （41） 的认证协议。（41）A共享密钥 B公钥 C报文摘要 D数字证书 某web网站向CA申请了数字证书。用户登录该网站时，通过验证 （42） ，可确认该数字证书的有效性，从而 （43） 。（42）ACA的签名 B网站的签名 C会话密钥 DDES密码（43）A向网站确认自己的身份 B获取访问网站的权限C和网站进行双向认证 D验证该网站的真伪试题解析：一个标准的X.509数字安全证书包含有证书发行机构（CA）对证书的签名。CA对证书内除本签名字段以外的所有字段的数字签名。签名中包含用CA的私有密钥进行加密的证书散列值、签名算法的标识符和参数。用户可以通过检验CA的签名来判断证书的有效性。答案：（42）A （43）D SNMP协议实体发送请求和应答报文的默认端口号是 （47） ，SNMP代理发送陷入报文（trap）的默认端口号是 （48） 。（47）A160 B161 C162 D163（48）A160 B161 C162 D163试题解析：在SNMP的管理操作中，Set和Get操作属于轮询方式，由管理者发出，使用端口为UDP 161；Trap操作属于基于中断的方式，由被管代理发出，使用端口为UDP 162。答案：（47）B （48）C 某校园网的地址是202.100.192.0/18，要把该网络分成30个子网，则子网掩码应该是 （54） ，每个子网可分配的主机地址数是 （55） 。（54）A255.255.200.0 B255.255.224.0C255.255.254.0 D255.255.255.0（55）A32 B64 C510 D512试题解析： 由于24 30 25，因此子网位的长度应该是5位，所以掩码中1的数量应该为18+5=23，转换后得到掩码255.255.254.0，每个子网可分配主机地址数是29-2=510。答案：（54）C （55）C 下面关于802.1q协议的说明中正确的是 （59） 。（59）A这个协议在原来的以太网帧中增加了4个字节的帧标记字段B这个协议是IETF制定的C这个协议在以太网帧的头部增加了26字节的帧标记字段D这个协议在帧尾部附加了4字节的CRC校验码试题解析：这道题目有些难，一般人不会看到这么细，不过可以用排除法进行分析：802.1q协议是IEEE制定的，属于LLC层协议。CRC校验是MAC层协议的事情，LLC层不管此事。至于帧标记字段，任何一个稍微常识的人都会觉得26字节的帧标记字段实在是过于夸张了。答案：A 结构化开发方法中，数据流图是 （5） 阶段产生的成果。（5）A需求分析 B总体设计 C详细设计 D程序编码试题解析：常识。答案：A 关于原型化开发方法的叙述中，不正确的是 （6） 。（6）A原型化方法适应于需求不明确的软件开发 B在开发过程中，可以废弃不用早期构造的软件原型 C原型化方法可以直接开发出最终产品 D原型化方法利于确认各项系统服务的可用性试题解析：原型是用于明确用户需求的，并非是提交用户的最终产品。答案：C CMM模型将软件过程的成熟度分为5个等级，在 （8） 使用定量分析来不断地改进和管理软件过程。（8）A优化级 B管理级 C定义级 D可重复级试题解析：CMM反映了软件过程能力的大小，它描述了五个级别的软件过程。初始级：特点是软件机构缺乏对软件过程的有效管理，软件过程是无序的，有时甚至是混乱的，对过程几乎没有定义，其软件项目的成功来源于偶尔的个人英雄主义而非群体行为，因此它不是可重复的。可重复级：特点是软件机构的项目计划和跟踪稳定，项目过程可控，项目的成功是可重复的。已定义级：特点在于软件过程已被提升成标准化过程，从而更加具有稳定性、可重复性和可控性。已定量管理级：特点是软件机构中软件过程和软件产品都有定量的目标，并被定量地管理，因而其软件过程能力是可预测的，其生产的软件产品是高质量的。优化级：特点是过程的量化反馈和先进的新思想、新技术促进过程不断改进，技术和过程的改进改进被作为常规的业务活动加以计划和管理。答案：A 在以太网中使用CRC校验码，其生成多项式是 （14） 。试题解析：谁都不会刻意记忆CRC编码的生成多项式。但以太网帧格式的校验段总共有4个字节却是很多人熟识的，因此以太网的CRC码的生成多项式的最高阶必定是4*8=32，D是唯一满足条件的答案。答案：D 8个9600b/s的信道按时分多路复用在一条线路上传输，在统计TDM情况下，假定每个子信道有80%的时间忙，复用线路的控制开销为5%，那么复用线路的带宽为 （15） 。（15）A32kb/s B64 kb/s C72 kb/s D96 kb/s试题解析：（8 * 9600）* 80% / （1-5%） 64kb/s。答案：B 设信道带宽为4kHz，信噪比为30dB，按照香农定理，信道的最大数据速率约等于 （16） 。（16）A10 kb/s B20 kb/s C30 kb/s D40 kb/s试题解析：答案：D 在E1载波中，每个子信道的数据速率是 （17） ，E1载波的控制开销占 （18） 。（17）A32 kb/s B64 kb/s C72 kb/s D96 kb/s（18）A3.125 % B6.25 % C1.25% D25%试题解析：E1（或E-1）是欧洲电子传输格式，由ITU-TS设计并由欧洲邮政电讯管理委员会（CEPT）命名。E1线路将32个信道复用在1个E1的数据帧中，每个信道占8个比特，每秒传输8000帧。因此E1的速率为3288000=2.048Mbps。使用E1进行传输的ISDN使用了30个B信道传输数据，因此控制开销=（32-30）/32=6.25%。（其实直接为E1载波的控制开销是多少是不严谨的，题目中并没有强调说一定是30B+D的ISDN系统，如果另外有其他的传输系统采用了不同的方式，那么控制开销自然也不同。）答案：（17）B （18）B 以下属于对称数字用户线路（Symmetrical Digital Subscriber Line）的是 （20） 。（20）AHDSL BADSL CRADSL DVDSL试题解析：答案：A 关于RIP，以下选项中错误的是 （24） 。（24）ARIP使用距离矢量算法计算最佳路由 BRIP规定的最大跳数为16 CRIP默认的路由更新周期为30秒 DRIP是一种内部网关协议试题解析：RIP规定的最大跳数为15，16意味着无穷大。答案：B 在Linux系统中，利用 （41） 命令可以分页显示文件的内容。（41）Alist Bcat Cmore Dcp试题解析：常识。答案：C 在Windows操作系统中，要实现一台具有多个域名的Web服务器，正确的方法是 （42） 。（42）A使用虚拟目录 B使用虚拟主机 C安装多套IIS D为IIS配置多个Web服务端口试题解析：常识。答案：B 在SNMPv2中，一个实体发送一个报文，一般经过四个步骤： 加入版本号和团体名，构造报文； 把PDU、源和目标端口地址以及团体名传送给认证服务，认证服务产生认证码或对数据进行加密，返回结果； 根据要实现的协议操作构造PDU； 进行BER编码，产生0/1比特串。这四个步骤的正确次序是 （49） 。（49）A B C D试题解析：即使不知道具体过程的人，也可以进行步骤分析。必定是最后的步骤，必定在之前，必定不是第一个步骤，所以满足条件的只有B。答案：B 局域网中某主机的IP地址为172.16.1.12/20，该局域网的子网掩码为 （52） ，最多可以连接的主机数为 （53） 。（52）A255.255.255.0 B255.255.254.0 C255.255.252.0 D255.255.240.0（53）A4094 B2044 C1024 D512试题解析：/20表示子网掩码中有20个“1”，因此子网掩码是255.255.240.0。子网掩码中“0”的个数有32-20=12个，因此每个网络的主机数可达 212-2=4094。答案：（52）D （53）A 在以太网协议中使用1-坚持型监听算法的特点是 （62） 。（62）A能及时抢占信道，但增加了冲突的概率 B能即使抢占信道，并减少了冲突的概率 C不能及时抢占信道，并增加了冲突的概率 D不能及时抢占信道，但减少了冲突的概率试题解析：1-坚持CSMA的做法是：当一个站点要发送数据帧时，它就监听媒体，判断当前时刻是否有其他站点正在传输数据。如果媒体忙的话，该站等待直至媒体空闲。一旦该站检测到媒体空闲，它就立即发送数据帧。如果产生冲突，则等待一个随机时间再监听。之所以叫“1-坚持”，是因为当一个站点发现媒体空闲的时候，它传输数据帧的概率是1。1-坚持CSMA的优点是：只要媒体空闲，站点就立即发送；它的缺点在于：假如有两个或两个以上的站点有数据要发送，冲突就不可避免。答案：A 以太网的最大帧长为1518字节，每个数据帧前面有8个字节的前导字段，帧间隔为9.6s，对于10BASE-5网络来说，发送这样的帧需要多少时间？ （64）（64）A1.23s B12.3ms C1.23ms D1.23s试题解析：总时间=帧间隔时间+（最大帧长+前导字段）的传输时间。计算传输时间要将字节长度转换成比特长度，然后除以比特率。10BASE-5的比特率是10Mbps。0.0000096+(8+1518)*8/10M1.23ms。答案：C WLAN采用扩频技术传输数据，下面哪一项不是扩频技术的优点？ （65）（65）A对无线噪声不敏感 B占用的带宽小 C产生的干扰小 D有利于安全保密试题解析：既然是扩频，当然不会减小带宽占用。答案：B 设指令由取指、分析、执行3个子部件完成，每个子部件的工作周期均为t ，采用常规标量单流水线处理机。若连续执行10条指令，则共需时间 （3） t 。（3）A8 B10 C12 D14试题解析：采用常规标量单流水线处理机，连续执行指令如下图所示。执行n条指令所用的时间为：T=(2n)t =(210)t=12t。答案：C 常见的软件开发模型有瀑布模型、演化模型、螺旋模型、喷泉模型等。其中 （5） 模型适用于需求明确或很少变更的项目， （6） 模型主要用来描述面向对象的软件开发过程。（5）A瀑布模型 B演化模型 C螺旋模型 D喷泉模型（6）A瀑布模型 B演化模型 C螺旋模型 D喷泉模型试题解析：瀑布模型缺乏灵活性，无法通过开发活动来澄清本来不够明确的需求，只适用于需求明确或很少变更的项目。而喷泉模型使典型的面向对象生存周期模型，主要应用于描述面向对象的开发过程。答案：（5）A （6）D （7） 确定了标准体制和标准化管理体制，规定了制定标准的对象与原则以及实施标准的要求，明确了违法行为的法律责任和处罚办法。（7）A标准化 B标准 C标准化法 D标准与标准化试题解析：中华人民共和国标准