湖北省襄阳市枣阳一中高三物理上学期8月月考试卷（含解析）.doc

2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳一中高三（上）月考物理试卷（8月份） 一、选择题（本大题共10小题，每题4分，共计40分）1一定质量的理想气体经历如图所示的一系列过程ba、bc、cd和da这四段过程在pt图上都是直线段，其中ab的延长线通过坐标原点，bc垂直于ab，而cd平行于ab，由图可以判断( )aab过程中气体体积不断减小bbc过程中气体体积不断减小ccd过程中气体体积不断增大dda过程中气体体积不断增大2下列说法中正确的是( )a液体中悬浮微粒的布朗运动是作无规则运动的液体分子撞击微粒而引起的b物体的温度越高，其分子的平均动能越大c物体里所有分子动能的总和叫做物体的内能d只有传热才能改变物体的内能3设有甲、乙两分子，甲固定在0点，r0为其平衡位置间的距离，今使乙分子由静止开始只在分子力作用下由距甲0.5r0处开始沿x方向运动，则( )a乙分子的加速度先减小，后增大b乙分子到达r0处时速度最大c分子力对乙一直做正功，分子势能减小d乙分子在r0处时，分子势能最小4如图所示，闭合开关s，将条形磁铁插入闭合线圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且两次的起始和终止位置相同，则( )a第一次磁通量变化较大b第一次g的最大偏角较大c第一次经过g的总电量较多d若断开s，g均不偏转，故均无感应电动势5如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，o点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与o点的连线与水平线的夹角为=60两小球的质量比为( )abcd6如图所示，在一粗糙水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为l，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与地面间的滑动摩擦因数均为现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是( )al+m1gbl+（m1+m2）gcl+m2gdl+（）g7一物体放在一倾角为的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑若给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，则它能上滑的最大路程是( )abcd8两辆完全相同的汽车，沿水平直线一前一后匀速行驶，速度均为v0，若前车突然以恒定的加速度刹车，在它刚停住后，后车以前车刹车的加速度开始刹车，已知前车在刹车过程中所行的距离为s，若要保证两辆车在上述情况中不相撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为( )a1sb2sc3sd4s9如图，真空中有一个边长为l的正方体，正方体的两个顶点m、n处分别放置一对电荷量都为q的正、负点电荷图中的a、b、c、d是其它的四个顶点，k为静电力常量，下列表述正确是( )aa、b两点电场强度相同ba点电势高于b点电势c把点电荷+q从c移到d，电势能增加dm点的电荷受到的库仑力大小为f=k10质点受到在一条直线上的两个力f1和f2的作用，f1、f2随时间的变化规律如图所示，力的方向始终在一条直线上且方向相反已知t=0时质点的速度为零在图示的t1、t2、t3和t4各时刻中，哪一时刻质点的速率最大( )at1bt2ct3dt4二、实验题11叶同学乔迁新居后，观察新家的电表如图所示，为了测试其是否准确，采用了如下方法：打开家中一盏“220v 100w”的电灯，将其它的电器全部关闭且不在待机状态，然后计时5分钟，若电表计电量准确，应该转动_圈12实验小组利用光电计时器验证物块沿斜面下滑过程中机械能守恒，装置如图甲让小物块从斜面顶端滑下，若测得小物块通过a、b光电门时的速度为v1和v2，ab之间的距离为l，斜面的倾角为，重力加速度为g图乙表示用螺旋测微器测量物块上遮光板的宽度l，由此读出l=_mm若实验数据满足关系式_则验证了物块沿斜面下滑过程机械能守恒本实验的误差主要来源于斜面对物块的_而造成物块机械能的损失13如图甲是某电器元件的伏安特性曲线，有实验小组想用伏安法验证该伏安特性曲线，已有符合实验要求的电压表v（内阻约为10k）；滑动变阻器r；直流电源e（电动势6v，内阻不计）；开关s和导线若干，另有电流表a1（量程050ma，内阻约为50）、电流表a2（量程0300ma，内阻约为10）可供选择从图象可判断该元件的电阻随温度的增大而_电流表应选用_（填a1或 a2）图乙实物图中，已正确连接部分电路，请完成余下电路的连接请完成主要实验的步骤：a、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到_（a或b端）；b、闭合开关，_，使通过元件的电流从小到大变化，读出数据三、计算题（40分）14一雨滴从距地面20m高的屋檐边由静止落下（忽略空气的阻力，g取10m/s2），试求：（1）雨滴下落的时间及落地时的速度大小（2）雨滴下落过程最后一秒通过的路程15如图所示，竖直平面内的一半径r=0.50m的光滑圆弧槽bcd，b点与圆心o等高，一水平面与圆弧槽相接于d点质量m=0.10kg的小球从b点正上方h=0.95m高处的a点自由下落，由b点进入圆弧槽轨道，从d点飞出后落在水平面上的q点，dq间的距离s=2.4m，球从d点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不计空气阻力，求：（1）小球经过c点时轨道对它的支持力大小n；（2）小球经过最高点p的速度大小vp；（3）d点与圆心o的高度差hod16足够大的平行板电容器的两个极板a、b如图放置，a极板带正电，两板间电势差为u，两板间距离为d在b板中央有一放射源，放射源可向各个方向发出速率相同的电子从放射源射出的电子打在a板的范围为半径为r的圆已知电子的质量m，电荷量e求电子从放射源射出时的速度大小17质量m=0.2kg的小圆环穿在固定的足够长的斜木杆上，斜木杆与水平方向的夹角=37，小圆环与木杆间的动摩擦因数=0.5，小圆环受到竖直向上的恒定拉力f=3n后，由静止开始沿木杆斜向上做匀加速直线运动（sin37=0.6，cos37=0.8，g取10m/s2），求：（1）小圆环沿斜木杆向上的合外力（2）4s末小圆环的速度2015-2016学年湖北省襄阳市枣阳一中高三（上）月考物理试卷（8月份）一、选择题（本大题共10小题，每题4分，共计40分）1一定质量的理想气体经历如图所示的一系列过程ba、bc、cd和da这四段过程在pt图上都是直线段，其中ab的延长线通过坐标原点，bc垂直于ab，而cd平行于ab，由图可以判断( )aab过程中气体体积不断减小bbc过程中气体体积不断减小ccd过程中气体体积不断增大dda过程中气体体积不断增大考点：理想气体的状态方程 专题：理想气体状态方程专题分析：根据理想气体状态方程整理出压强温度的表达式，依据表达式判断各物理量的变化，由热力学第一定律判断吸放热情况解答：解：a、由理想气体状态方程整理得：p=，在pt图象中b到a过程斜率不变，即气体的体积不变，故a错误；b、由理想气体状态方程整理得：p=，可以判断图象上的各点与坐标原点连线的斜率即为，故bc正确；d、da过程中，od，oa两线的斜率减小，气体的体积变大，所以d正确故选bcd点评：图象类的物体解决的关键是整理出图象对应的表达式，根据表达式判断各物理量的变化情况2下列说法中正确的是( )a液体中悬浮微粒的布朗运动是作无规则运动的液体分子撞击微粒而引起的b物体的温度越高，其分子的平均动能越大c物体里所有分子动能的总和叫做物体的内能d只有传热才能改变物体的内能考点：热力学第一定律；温度是分子平均动能的标志 分析：布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是液体分子对小颗粒的碰撞的作用力不平衡引起的，固体小颗粒做布朗运动说明了液体分子不停的做无规则运动温度是平均动能的标志，所有分子动能和势能的总和叫做物体的内能改变内能的方式有做功和热传递解答：解：a、布朗运动是悬浮在液体中固体微粒的无规则运动，是做无规则运动的液体分子撞击微粒而引起的故a正确b、温度是分子的平均动能的标志，物体的温度越高，其分子的平均动能越大故b正确c、物体里所有分子动能和势能的总和叫做物体的内能故c错误d、改变内能的方式有做功和热传递，故d错误；故选：ab点评：本题考查的知识点较多，其中布朗运动既不颗粒分子的运动，也不是液体分子的运动，而是液体分子无规则运动的反映3设有甲、乙两分子，甲固定在0点，r0为其平衡位置间的距离，今使乙分子由静止开始只在分子力作用下由距甲0.5r0处开始沿x方向运动，则( )a乙分子的加速度先减小，后增大b乙分子到达r0处时速度最大c分子力对乙一直做正功，分子势能减小d乙分子在r0处时，分子势能最小考点：分子势能 分析：当两个分子间的距离r=r0时，分子力为0，当rr0时，分子力表现为引力，当rr0时，分子力表现为斥力分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增加解答：解：a、两分子间的斥力和引力的合力f与分子间距离r的关系如图中曲线所示，曲线与r轴交点的横坐标为r0由图可知，乙分子受到的分子力先变小，位于平衡位置时，分子力为零，大于平衡位置时，分子力先变大再变小故乙分子的加速度是先变小再反向变大，再变小，故a错误b、c、d当r小于r0时，分子间的作用力表现为斥力，f做正功，分子动能增加，势能减小，当r等于r0时，动能最大，势能最小，当r大于r0时，分子间作用力表现为引力，分子力做负功，动能减小，势能增加故b正确、c错误，d正确故选：bd点评：解决本题的关键知道分子力的特点：当两个分子间的距离r=r0时，分子力为0，当rr0时，分子力表现为引力，当rr0时，分子力表现为斥力以及分子力做功与分子势能的关系：分子力做正功，分子势能减小，分子力做负功，分子势能增加4如图所示，闭合开关s，将条形磁铁插入闭合线圈，第一次用0.2s，第二次用0.4s，并且两次的起始和终止位置相同，则( )a第一次磁通量变化较大b第一次g的最大偏角较大c第一次经过g的总电量较多d若断开s，g均不偏转，故均无感应电动势考点：楞次定律 专题：电磁感应与电路结合分析：两次磁铁的起始和终止位置相同，知磁通量的变化量相同，根据时间长短判断磁通量变化的快慢，感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比解答：解：a、因两次的起始和终止位置相同，所以磁感应强度变化量b相同，由=b知：两次磁通量变化相同，故a错误；b、因磁通量变化相同，匝数n相同，t1t2，根据和i=知，第一次g的最大偏角较大，故b正确；c、根据q=n可知：经过g的总电量相同，故c错误；d、有无感应电动势产生的条件是穿过回路的磁通量发生变化，电路无需闭合，两次穿过回路的磁通量均发生了变化，故d错误故选：b点评：本题考查了磁通量、电磁感应现象的条件、法拉第电磁感应定律及电磁感应中的电量，以及知道感应电动势的大小与磁通量的变化率成正比5如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗口水平，o点为其球心，碗的内表面及碗口是光滑的一根细线跨在碗口上，线的两端分别系有质量为m1和m2的小球，当它们处于平衡状态时，质量为m1的小球与o点的连线与水平线的夹角为=60两小球的质量比为( )abcd考点：共点力平衡的条件及其应用 专题：计算题；压轴题分析：先对m2球受力分析，受重力和拉力，二力平衡，求出拉力；再对m1球受力分析，根据共点力平衡条件列式求解解答：解：m2球保持静止状态，对其受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故f=m2g 再对m1球受力分析，如图根据共点力平衡条件x方向：fcos60ncos60=0 y方向：fsin60+nsin60m1g=0 由代入数据解得=故选：a点评：本题是简单的连接体问题，先分析受力最简单的物体，再分析受力较复杂的另一个物体，同时要运用正交分解法处理较为方便6如图所示，在一粗糙水平面上有两个质量分别为m1和m2的木块1和2，中间用一原长为l，劲度系数为k的轻弹簧连接起来，木块与地面间的滑动摩擦因数均为现用一水平力向右拉木块2，当两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是( )al+m1gbl+（m1+m2）gcl+m2gdl+（）g考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：当两木块一起匀速运动时，木块1受到重力、弹簧的拉力、地面的支持力和摩擦力而平衡，根据平衡条件求出弹簧的弹力，由胡克定律求出弹簧伸长的长度，再求解两木块之间的距离解答：解：对木块1研究木块1受到重力、弹簧的拉力、地面的支持力和摩擦力 根据平衡条件弹簧的弹力f=m1g 又由胡克定律得到弹簧伸长的长度x=所以两木块一起匀速运动时两木块之间的距离是s=l+x=l+m1g故选a点评：本题是平衡条件和胡克定律的综合应用，关键是选择研究对象，分析物体的受力情况7一物体放在一倾角为的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑若给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，则它能上滑的最大路程是( )abcd考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体沿斜面匀速下滑时，受力平衡，由平衡条件可求出物体所受的滑动摩擦力大小，当物体沿斜面上滑时，滑动摩擦力大小不变，再根据牛顿第二定律和运动学公式或动能定理求上滑的最大距离解答：解：物体沿斜面匀速下滑时，合力为零，由平衡条件得：物体所受的滑动摩擦力大小为：f=mgsin，当物体沿斜面向上滑动时，根据牛顿第二定律有：mgsin+f=ma，由此解得：a=2gsin，方向沿斜面向下根据v2v02=2ax，解得：x=；故选：c点评：本题要求的是空间距离，运用动能定理求解比较简单，也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解8两辆完全相同的汽车，沿水平直线一前一后匀速行驶，速度均为v0，若前车突然以恒定的加速度刹车，在它刚停住后，后车以前车刹车的加速度开始刹车，已知前车在刹车过程中所行的距离为s，若要保证两辆车在上述情况中不相撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为( )a1sb2sc3sd4s考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：运动学中的图像专题分析：根据速度时间公式求出刹车时间前车刹车时，后车在做匀速运动，根据位移公式求出后车匀速运动时的位移，而后车刹车的位移等于前车刹车的位移，故两车在匀速行驶时保持的距离至少应为后车匀速运动时的位移解答：解：两辆完全相同的汽车，刹车时加速度相同，刹车位移也相同为s，设加速度大小为a，前车刹车的时间为，刹车的位移s=在此时间内，后车做匀速运动，位移为x=v0t=所以x=2s此后后车刹车，刹车位移也为s，要保持两车在上述情况中不相撞，则两车在匀速行驶时保持的距离至少应为x=x+ss=x=2s故选：b点评：该题要注意两辆车完全相同，所以刹车时的加速度和刹车位移都相同9如图，真空中有一个边长为l的正方体，正方体的两个顶点m、n处分别放置一对电荷量都为q的正、负点电荷图中的a、b、c、d是其它的四个顶点，k为静电力常量，下列表述正确是( )aa、b两点电场强度相同ba点电势高于b点电势c把点电荷+q从c移到d，电势能增加dm点的电荷受到的库仑力大小为f=k考点：电势；库仑定律；电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的分布比较电场强度的大小和电势的高低根据电场力做功情况，判断电势能的变化根据库仑定律的公式求出库仑力的大小解答：解：a、根据电场线分布知，a、b两点的电场强度大小相等，方向相同，则电场强度相同故a正确b、ab两点处于等量异种电荷的垂直平分面上，该面是一等势面，所以a、b的电势相等故b错误c、根据等量异种电荷电场线的特点，因为沿着电场线方向电势逐渐降低，则c点的电势大于d点的电势把点电荷+q从c移到d，电场力做正功，电势能减小，故c错误d、m、n两点间的距离为l，根据库仑定律知，m点的电荷受到的库仑力大小f=k=故d正确故选：ad点评：解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布，知道垂直平分线为等势线，沿着电场线方向电势逐渐降低10质点受到在一条直线上的两个力f1和f2的作用，f1、f2随时间的变化规律如图所示，力的方向始终在一条直线上且方向相反已知t=0时质点的速度为零在图示的t1、t2、t3和t4各时刻中，哪一时刻质点的速率最大( )at1bt2ct3dt4考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系 分析：先将两力合成，然后再分析物体的加速度变化情况，最后研究速度的变化情况解答：解：质点受到的合力如图中红色线所示0到t1时间内，加速度变大，物体做加速运动；t1到t2时间内，加速度变小，但加速度与速度同向，故物体做加速度不断变小的加速运动，t2时刻加速度减为零，速度达到最大；t2到t3时间内，合力反向，加速度也反向，加速度与速度反向，物体做减速运动；t3到t4时间内，加速度减小，物体还是减速运动，t4时刻速度减为零；故选b点评：本题关键先求出合力，再结合牛顿运动定律分析速度的改变情况；同时要注意速度变大还是变小看加速度与速度方向的关系，而不是看加速度大小的变化情况二、实验题11叶同学乔迁新居后，观察新家的电表如图所示，为了测试其是否准确，采用了如下方法：打开家中一盏“220v 100w”的电灯，将其它的电器全部关闭且不在待机状态，然后计时5分钟，若电表计电量准确，应该转动6圈考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：由w=pt先求得是电功，再由每kw的转数求得全圈数解答：解：p=ui=100103=kw圈数为：n=720=6故答案为：6圈点评：考查电功的计算，明确电表的各数据的意义即可，不难12实验小组利用光电计时器验证物块沿斜面下滑过程中机械能守恒，装置如图甲让小物块从斜面顶端滑下，若测得小物块通过a、b光电门时的速度为v1和v2，ab之间的距离为l，斜面的倾角为，重力加速度为g图乙表示用螺旋测微器测量物块上遮光板的宽度l，由此读出l=5.700mm若实验数据满足关系式则验证了物块沿斜面下滑过程机械能守恒本实验的误差主要来源于斜面对物块的摩擦力做负功而造成物块机械能的损失考点：验证机械能守恒定律 专题：实验题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读根据重力势能减小量和动能增加量的表达式求解由于实验过程中摩擦阻力的存在，重力势能有一部分转化给了摩擦阻力做功产生的内能解答：解：螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为20.00.01mm=0.200mm，所以最终读数为5.5mm+0.200mm=5.700mm若测得物块在通过a、b光电门时的速度为v1和v2，a、b之间的距离为l，斜面的倾角为，物块重力势能减小量ep=mglsin动能增加量ek=，所以若实验数据满足关系式 ，则验证了物块沿该斜面下滑过程中机械能守恒本实验的误差主要来源于斜面对物块的摩擦力做负功而造成物块机械能的损失，使得重力势能有一部分转化给了摩擦阻力做功产生的内能故答案为：5.700； ；摩擦力做负功点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量应用螺旋测微器时一定注意半刻度是否露出正确利用所学物理规律解决实验问题，熟练应用物理基本规律，因此这点在平时训练中要重点加强13如图甲是某电器元件的伏安特性曲线，有实验小组想用伏安法验证该伏安特性曲线，已有符合实验要求的电压表v（内阻约为10k）；滑动变阻器r；直流电源e（电动势6v，内阻不计）；开关s和导线若干，另有电流表a1（量程050ma，内阻约为50）、电流表a2（量程0300ma，内阻约为10）可供选择从图象可判断该元件的电阻随温度的增大而减小电流表应选用a2（填a1或 a2）图乙实物图中，已正确连接部分电路，请完成余下电路的连接请完成主要实验的步骤：a、连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到b（a或b端）；b、闭合开关，调节变阻器的滑动片，使通过元件的电流从小到大变化，读出数据考点：描绘小电珠的伏安特性曲线 专题：实验题分析：根据图甲所示图象，应用欧姆定律判断电阻阻值如何变化根据电路最大电流选择电流表滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前，滑片应移到分压电路分压为零的位置；移到滑片，改变待测元件两端电压进行试验解答：解：由图甲所示图象可知，随电压增大，电流增大，元件的实际功率增大，元件温度升高，由欧姆定律可知，电压与电流的比值减小，元件电阻减小由图甲所示图象可知，最大电流约为0.2a，则电流表应选a2相对于来说电压表内阻远大于元件电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示：a、为保护电路，连接好实验电路，把变阻器的滑动片调到b端；b、先把滑片滑到位于变阻器的中间位置，闭合开关，逐渐把变阻器的滑动片向b端移动，元件两端电压减小，则通过元件的电流将逐渐变小，依次读出数据故答案为：减小；a2；电路图如图所示；a、b端b调节滑动变阻器的滑动片点评：滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路闭合开关前，滑片应移到分压电路分压为零的位置；滑动变阻器采用限流接法时，闭合开关前，滑片应置于阻值最大处三、计算题（40分）14一雨滴从距地面20m高的屋檐边由静止落下（忽略空气的阻力，g取10m/s2），试求：（1）雨滴下落的时间及落地时的速度大小（2）雨滴下落过程最后一秒通过的路程考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：直线运动规律专题分析：（1）根据自由落体运动的位移公式有：，则，代入数据得到时间t，代入速度公式v=gt，可解得落地时的速度（2）雨滴最后一秒的路程等于高度减去第1s内的位移：，代入数据即可计算出结果解答：解：（1）雨滴作自由落体运动有：得代入数据得到 t=2s；根据速度公式得：v=gt=20m/s（2）雨滴最后一秒的路程答：（1）雨滴下落的时间为2s，落地时的速度大小为20m/s（2）雨滴下落过程最后一秒通过的路程为15m点评：本题考查自由落体运动的位移公式和速度公式，这是自由落体运动的基本规律，要理解掌握的难度不大，属于基础题15如图所示，竖直平面内的一半径r=0.50m的光滑圆弧槽bcd，b点与圆心o等高，一水平面与圆弧槽相接于d点质量m=0.10kg的小球从b点正上方h=0.95m高处的a点自由下落，由b点进入圆弧槽轨道，从d点飞出后落在水平面上的q点，dq间的距离s=2.4m，球从d点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不计空气阻力，求：（1）小球经过c点时轨道对它的支持力大小n；（2）小球经过最高点p的速度大小vp；（3）d点与圆心o的高度差hod考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；平抛运动 分析：（1）小球在c点时，做圆周运动，重力和支持力的合力作为向心力，由向心力的公式可以求得轨道对它的支持力；（2）小球经过最高点p之后，做的是平抛运动，由平抛运动的规律可以求得p点的速度大小；（3）从开始运动到p点的过程中，机械能守恒，由机械能守恒列出方程就可以解得解答：解：（1）设经过c点的速度为 v1，由机械能守恒得mg（h+r）=m v12由牛顿第二定律有nmg=m带入数据解得 n=6.8n （2）设p点的速度为vp，p到q做平抛运动，竖直方向 h=gt2水平方向 =vpt代入数据解得 vp=3.0m/s（3）从开始运动到p点的过程中，机械能守恒，取dq面为零势能面，则mvp2+mgh=mg（h+hod）代入数据解得 hod=0.3m答：（1）小球经过c点时轨道对它的支持力大小为6.8n；（2）小球经过最高点p的速度大小vp是3.0m/