江西省宜市上高二中高二物理上学期第二次月考 （含解析）(1).doc

高二年级第二次月考物理试卷 (时间：100分钟 总分：100分)一、选择题（17为单选题，810为多选题。每题4分，共40分）1.第一次提出用电场线形象描述电场；用磁感线形象描述磁场的物理学家是法拉第，因此“法拉第”被称为“力线之父”。高二学生在学习电场知识时，形成了以下结论性观念，你认为正确的是 ( )a描述电场的电场线并不是客观存在的，仅是一种科学物理模型。因此，电场也是客观不存在的b在电场中某点处，当放入正检验电荷时，受到的电场力方向向右；当放入负检验电荷时，受到的电场力方向向左。因此该点处电场强度的方向与检验电荷的电性有关c在某电场中，引入一个初速度为零的负检验电荷放在某处，仅在电场力的作用下，负检验电荷由该处移到某一个位置时，则其电势能一定减少。d在描述电场的物理量：电势、电势能、电势差、电场强度中，电势差和电场强度为矢量【答案】c【解析】a、电场和磁场都是客观存在的一种特殊的物质，故a错误；b、电场强度方向是由电场本身决定的，与检验电荷的电性无关，故b错误；c、初速度为零的负检验电荷仅在电场力的作用下，只有电场力对负电荷做功，电荷的动能增加，增加的动能来源于电荷在电场中的电势能，所以电荷的电势能减小，故c正确；d、描述电场的物理量中：电势、电势能、电势差都是标量，只有电场强度为矢量，故d错误。故选c。【考点】电场线；电场2.下列各种说法中正确的是（ ）a电流的定义式i=q/t，适用于任何自由电荷的定向移动形成的电流。b电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，静电力所做的功c电动势为1.5v的干电池，表明干电池可以使2c的电量具有0.75j的电能d从r=u/i可知，导体中的电流跟两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比【答案】a【解析】a、电流的定义式是采用比值定义法，适用于任何自由电荷的定向移动形成的电流，故a正确；b、电动势其定义式为：，可知电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移送到正极时，非静电力所做的功，故b错误；c、电动势为1.5v的干电池，由得，则知，干电池可以使2c的电量具有3j的电能，故c错误；d、是电阻的定义式，采用比值定义法，正确的理解是电阻r与电压和电流都无关，由导体本身决定，故d错误。故选a。【考点】电流、电压；电源的电动势和内阻3、小灯泡通电后其电流i随所加电压u变化的图线如图所示，p为图线上一点，pn为图线过p点的切线，pq为u轴的垂线，pm为i轴的垂线则下列说法中不正确的是（ ） a随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大b对应p点，小灯泡的电阻为r=u1/i2c对应p点，小灯泡的电阻为r=u1/(i2-i1).d对应p点，小灯泡的功率为图中矩形pqom所围的面积【答案】c【解析】a、由图象可知，通过灯泡的电流随两端电压的增大而增大，且ui，因为电阻是指对电流的阻碍作用，所以随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，否则u和i的变化倍数相等，故a正确；bc、由图象，p点对应的电压为u1，电流为i2，则灯泡的电阻，故b正确c错误；d、因p=ui，所以图象中矩形pqom所围的面积为对应p点小灯泡的实际功率，故d正确。故选c。【考点】欧姆定律的应用；电功率4当电路中的电流超过熔丝的熔断电流时，熔丝就要熔断.由于种种原因，熔丝的横截面积略有差别.那么熔丝熔断的可能性较大的是( )a横截面积小的地方 b横截面积大的地方 c同时熔断 d可能是横截面积大的地方，也可能是横截面积小的地方【答案】a【解析】通过熔丝的电流相同，根据焦耳定律和电阻定律可知，在长度l相同的地方，横截面积越小电阻r越大，则产生的热量就越多，就越容易烧断，故a正确bcd错误。故选a。【考点】焦耳定律5如图所示，a、b、c、d、e是半径为r的圆周上等间距的五个点，在这些点上各固定一个点电荷，除a点处的电量为q外，其余各点处的电量均为q，则圆心o处() a场强大小为，方向沿ao方向 b场强大小为，方向沿oa方向c场强大小为，方向沿ao方向 d场强大小为，方向沿oa方向【答案】d【解析】由点电荷的场强公式可知，各点电荷在o点产生的场强大小为，电场强度是矢量，求合场强应用平行四边形定则，由对称性可知，b、c、d、e四个点电荷的合场强大小为，方向沿oa方向，则a、b、c、d、e四个点电荷的合场强大小为：，方向沿oa方向；故选d。【考点】电场强度6. 如图所示，一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连上极板中心有一小孔(小孔对电场的影响可忽略不计)。小孔正上方d/2处的p点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落经过小孔进入电容器，并在下极板处(未与极扳接触)返回。若将下极板向上平移d/3，则同样从p点由静止开始下落的相同粒子将（ ）a.在距上极板d/2处返回 b.在距上极板2d/5处返回 c.打到下极板上 d.在下极板处返回【答案】b【解析】对下极板未移动前，从静止释放到速度为零的过程运用动能定理得。将下极板向上平移，设运动到距离上级板x处返回。根据动能定理得联立两式解得，故d正确。故选b。【考点】电容器的动态分析7阻值较大的两个电阻r1和r2串联后，接入电压恒定的电路，如图所示，现用同一电压表依次测量a与b、b与c以及a与c间电压，测量值依次、为u1、u2及u，则（ ） a b c d【答案】c【解析】ab、假设电压表未接入电路时，电阻r1和r2的电压分别为u1和u2，当电压表测量电阻r1的电压时，与r1并联，并联电阻小于r1，而r2不变，则并联部分的电压小于电压表没有接入电路时的电压，即u1u1；同理，u2u2，则u1+u2u1+u2，又u1+u2=u，则u1+u2u，故ab错误；cd、设电压表的电阻为rv，当电压表测量电阻r1的电压时，根据欧姆定律得同理则，故c正确d错误。故选c。【考点】欧姆定律8.仪器中常用两个阻值不同的可变电阻来调节电路中的电流，一个作粗调，一个作细调，这两个变阻器可按图中甲、乙两种方式接入电路已知r1阻值较大，r2阻值较小，则（）a.甲图中r1作粗调用 b.甲图中r1作细调用 c.乙图中r2作粗调用 d.乙图中r2作细调用【答案】ac【解析】ab、甲图中，两个电阻串联，根据欧姆定律，调节r1时，电阻变化大，故电流改变大，是粗调，故a正确b错误；cd、乙图中，两个电阻并联，电阻小的电流大，调节电阻r2是粗调，故c正确d错误。故选ac。【考点】串联电路和并联电路9.如图所示，一个不带电的表面绝缘的导体p正在向带正电的小球q缓慢靠近，但不接触，也没有发生放电现象，则下列说法中正确的是:( )ab端的感应电荷为负电荷b导体内场强越来越大c导体上的感应电荷在c点产生的场强始终大于在b点产生的场强dc、b两点的电势始终相同【答案】cd【解析】a、导体p处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体的右端b要感应出正电荷，在导体的左端c会出现负电荷，故a错误；b、处于静电平衡的导体内场强为0，故b错误；c、在c点和b点的场强由导体上的感应电荷和正电的小球q共同叠加产生，并且为0，正电的小球q在c点的场强大于b点的场强，所以导体上的感应电荷在c点产生的场强始终大于在b点产生的场强，故c正确；d、处于静电平衡的导体是等势体，b两点的电势始终相同，故d正确。故选cd。【考点】电场强度；电荷守恒定律；电势；静电场中的导体10质量为m的带正电小球由空中a点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到a点。不计空气阻力且小球从未落地，则( ) a.整个过程中小球电势能减少了1.5 mg2t2b.整个过程中机械能的增量为2 mg2t2c.从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2d.从a点到最低点小球重力势能减少了2/3mg2t2【答案】bd【解析】a、b小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反设电场强度大小为e，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则由又，解得由牛顿第二定律得，联立解得则小球电势能减少为根据功能关系可知，机械能的增量为，故a错误，b正确；c、从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了，故c错误；d、设从a点到最低点的高度为h，根据动能定理得，解得故从a点到最低点小球重力势能减少了，故d正确。故选bd。【考点】电势能；功能关系二、填空题（每空3分，共18分）11. 如图所示， r1=12k，r2=8k，r3=20k，r4=600，当滑动变阻器滑动触头c调到最上端时，ab间的总电阻是_，ab间最大电阻值为_。【答案】9103 1.06104【解析】当电位器滑动触头c调到最上端时，并联部分的电阻为：此时总电阻为： 电位器滑动触头c调到中间某个位置时，并联部分的电阻为：（当，即时取等号）此时总电阻为：。【考点】串并联电路12. 在某一电场中的p点放入一个带电荷量为的负电荷，所受电场力大小为，方向水平向左。则p点的电场强度e = n/c，方向 。 【答案】4104 水平向右【解析】p点的电场强度场强方向与负电荷所受电场力方向相反，即水平向右。【考点】电场强度13.如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q2为正电荷，q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态，则q1带_（填正或负）电，q1、q2、q3三者电量大小之比是_.【答案】负 【解析】（1）假设q1带负电，要使q2平衡则q3也应带负电，但此时q1、q3因都平衡； 故q1带负电。（2）由于三个电荷均处于平衡状态，所以对q1有：对q2有：对q3有：联立解得：【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用三、计算题14. （9分）如图所示是利用电动机提升重物的示意图，其中d是直流电动机p是一个质量为m的重物，它用细绳拴在电动机的轴上闭合开关，重物p以速度v被匀速提升，这时电流表和电压表的示数分别是i5.0和u110，重物p上升的速度v0.90m/s重物的质量50kg。不计一切摩擦，g取10m/s2求:（1）电动机消耗的电功率p电；（2）电动机线圈的电阻r。【答案】 【解析】（1）电动机的输入功率： （2）电动机的输出功率：电动机线圈的发热功率：，而代入数据，联立解得：【考点】电功；电功率15（10分）如图所示，两带电平行板竖直放置，开始时两板间电压为u，相距为d，两板间形成匀强电场。有一带电粒子质量为m（重力不计）、所带电量为+q，从两板下端连线的中点p以竖直速度v0射入匀强电场中，使得带电粒子落在a板m点上，试求：（1）m点离板下端的高度；（2）若将a板向左侧水平移动d/2并保持两板电压为u，此带电粒子仍从p点竖直射入匀强电场且仍落在a板m点上，则应以多大的速度v射入匀强电场？【答案】 【解析】（1）由牛顿第二定律得，而解得m点离板下端的高度（2）电压不变，则，得加速度关系 由式，可解得【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动规律16.(13分)在一绝缘支架上，固定着一个带正电的小球a，a又通过一长为10cm的绝缘细绳连着另一个带负电的小球b，b的质量为01kg，电荷量为106c，如图所示，将小球b缓缓拉离竖直位置，当绳与竖直方向的夹角为60时，将其由静止释放，小球b将在竖直面内做圆周运动已知释放瞬间绳刚好张紧，但无张力静电力常量，g取10m/s2求（1）小球a的带电荷量；（2）释放瞬间小球b的加速度大小；（3）小球b运动到最低点时绳的拉力大小【答案】 【解析】（1）小球b刚释放瞬间，因v0故垂直切线方向代入数值，得（2）切线方向，则（3）因释放后小球b做圆周运动，两球的相对距离不变，库仑力不做功，由机械能守恒得由最低点由以上各式得： 【考点】库仑定律；机械能守恒定律；牛顿第二定律17.（10分） 如图以y轴为边界，右边是一个水平向左的e1=1104n/c匀强电场，左边是一个与水平方向成45斜向上的e2=104n/c匀强电场，现有一个质量为m=1.0g，带电量q=1.0106c小颗粒从坐标为（0.1，0.1）处静止释放。忽略阻力，g=10m/s2。 求（1）第一次经过y轴时的坐标及时间（2）第二次经过y轴时的坐标【答案】（1）第一次经过y轴的坐标为(0，0) (2) 坐标为（0，-1.6）【解析】（1）小颗粒在e1中电场力为；重力由受力分析可知合力指向原点，即向原点做匀加速直线运动第一次经过y轴的坐标为(0，0)加速度 由得 (2)运动到原点的速度为小颗粒在e2电场中合力为，方向与v0方向垂直 由此可得小颗粒做类平抛运动，再次运动到y轴的时间为t1，v0方向位移为与v0方向垂直位移为，其中由几何关系得s1=s2得第二次经过y轴时到原点距离为，即坐标为（0，-1.6） 【考点】牛顿第二定律；平抛运动高二年级第二次月考物理试卷答案一、选择题（每题4分，共40分）题号12345678910答案cacadbcaccdbd二、填空题（每空3分，共18分）11. 9103；1.06104 12. 4104 ， 水平向右 13.负 ，14. （9分）（1）电动机的输入功率： （2）电动机的输出功率：电动机线圈的发热功率：，而代入数据，联立解得：15（10分）（1）由牛顿第二定律得，而解得m点离板下端的高度（2）电压不变，则，得加速度关系 由式，可解得16.(13分)（1）小