（衡水万卷）高三物理二轮复习 作业卷二十三 恒定电流1（含解析）.doc

恒定电流1一 、单选题（本大题共4小题 。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）1. 如图，小灯泡a、b完全相同，带铁芯的线圈上的直流电阻可忽略，则（ ）as闭合瞬间，a不亮，b立即亮bs闭合瞬间，b不亮，a立即亮c稳定后再断开s瞬间， a、b灯同时熄灭 d稳定后再断开s瞬间， b灯立即熄灭，a灯突然闪亮一下再熄灭erar4r1r2r3b2. 如图所示电路中，电源电动势为e、内阻为r，r1、r2、r3、r4均为定值电阻，a、b为两个小灯泡当电路中某电阻发生故障后，a灯变亮、b灯变暗，则该故障可能为ar1短路 br2断路 cr3短路 dr4断路3. 如图所示，e为内阻不能忽略的电池，r1、r2、r3均为定值电阻，与均为理想电表；开始时开关s闭合，均有读数，某时刻发现和读数均变大，则电路中可能出现的故障是ar1断路 br2断路 cr1短路 dr3短路4. 在如图所示电路中，已知电表均为理想仪表，且小灯泡的电阻小于电源的内阻，电流表a、电压表v1、电压表v2的读数分别为i、u1和u2，p为被细线悬挂在两平行金属板间的带电小球，细线与竖直方向间的夹角为，则当滑动变阻器的滑片向右滑动一小段距离的过程中，电流表a、电压表v1、电压表v2读数变化量大小分别是i、u1和u2，下列说法中正确的是（） a u2大于u1 b 灯泡变亮、细线与竖直方向间的夹角变大 c 电源的输出功率变大 d 变大、变大二 、多选题（本大题共3小题 ）5.如图所示，电键k闭合，电流表、电压表均为理想电表，若电阻r1断路，则下列说法正确的是（）a电流表示数变大b电压表示数变小cr3消耗的功率变大d电源内电路消耗的功率变大6. 已知两电源的电动势ele2，当外电路电阻为r时，外电路消耗功率正好相等。当外电路电阻降为r时，电源为e1时对应的外电路功率pl，电源为e2时对应的外电路功率为p2，电源e1的内阻为r1，电源e2的内阻r2。则（ ）ar1r2， br1p2 dplp27. （2015金山区一模）如图，电源内阻为r，两个定值电阻阻值均为r，闭合电键，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表v3示数变化量的绝对值为u3，理想电流表a1、a2示数变化量的绝对值分别为i1、i2，则（）aa2示数增大bv2示数与a1示数的比值减小cu3与i1的比值小于2rdi1小于i2三 、简答题（本大题共2小题 ）8. 某课外小组设计了一种测定风速的装置，其原理如图所示，一个劲度系数k1300n/m，自然长度l00.5m弹簧一端固定在墙上的m点，另一端n与导电的迎风板相连，弹簧穿在光滑水平放置的电阻率较大的金属杆上，弹簧是不导电的材料制成的。迎风板面积s0.5m2，工作时总是正对着风吹来的方向。电路的一端与迎风板相连，另一端在m点与金属杆相连。迎风板可在金属杆上滑动，且与金属杆接触良好，不计摩擦。定值电阻r1.0w，电源的电动势e12v，内阻r0.5w。闭合开关，没有风吹时，弹簧处于原长，电压表的示数u13.0v，某时刻由于风吹迎风板，电压表的示数变为u22.0v。（电压表可看作理想表），试分析求解：(1)此时风作用在迎风板上的力的大小；(2)假设风（运动的空气）与迎风板作用后的速度变为零，空气的密度为1.3kg/m3，求风速多大。(3)对于金属导体，从宏观上看，其电阻定义为：。金属导体的电阻满足电阻定律：。在中学教材中，我们是从实验中总结出电阻定律的， 而“金属经典电子论”认为，电子定向运动是一段一段加速运动的接替，各段加速都是从定向速度为零开始。设有一段通电导体，其长l，横截面积为s，电子电量为e，电子质量为m，单位体积内自由电子数为n，自由电子两次碰撞之间的时间为t0，现在，请同学们利用金属电子论，从理论上推导金属导体的电阻。 9.如图所示，电源电动势e=6v，内阻r=1定值电阻r1=6，滑动变阻器总阻值r2=10虚线框内为一个断路器，其工作特性如下：（a）接入电路时相当于一根导线；（b）若流过断路器的电流达到或超过0.2a时，断路器会自动断开r1所在支路现将滑片p置于a端，闭合电键，把滑片p缓慢从a端向左滑到b端（1）pa段电阻多大时，断路器会断开？（2）试用文字定性说明滑片p从右向左移动的过程中电压表读数在如何变化？（不需要理由）0.2016万卷作业卷（二十三）答案解析一 、单选题1.【答案】d2.【答案】d 3.【答案】b4. 【答案】c【考点】：闭合电路的欧姆定律【专题】：恒定电流专题【分析】：该电路r1和r2串联，电容器两端间的电压等于r1两端间的电压，根据闭合电路的动态分析，分析电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化以及角的变化通过电容器两端电压的变化，就可知道电容器所带电量的变化【解析】： 解：a、滑动变阻器电阻增大，总电流减小，r1电压减小，r2电压增大，而u外又增大，明显r2电压增大要超过r1电压减小，则a错误；b、滑动变阻器的滑片向右滑动一小段距离r2的电阻变大，则总电阻变大，总电流变小，外压增大，通过灯泡的电流变大，则r1电流变小，则其分压变小，电容器的电压变小，细线与竖直方向间的夹角变小，则b错误c、小灯泡的电阻小于电源的内阻，那么再并联r1r2就更小了，当外电阻小于内电阻时，由p出的图象可知，p出增大，则c正确；d、为外阻，变大，为内阻，不变，则d错误故选：c【点评】：解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析，特别要理解|=r，知道内、外电路电压变化量大小相等二 、多选题5.【答案】ac 考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题：恒定电流专题分析：电阻r1断路时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化，由欧姆定律分析电流表和电压表示数的变化根据总电流的变化，判断电源内部消耗的功率如何变化解答：解：a、b，电阻r1断路时，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流i减小，路端电压u增大，由欧姆定律分析得知，通过电流表的电流增大，电阻r2两端的电压增大，则电流表和电压表的示数都变大故a正确，b错误c、电阻r1断路，由上分析得知通过电流表的电流增大，则r3消耗的功率变大故c正确d、电路中总电流减小，根据p=i2r得知，电源内电路消耗的功率变小故d错误故选ac点评：本题是电路中动态变化分析问题，当局部的电阻增大时，外电路总电阻将增大要分析和把握好局部与整体的关系，按局部到整体，再到局部的思路进行分析6. 【答案】ad7. 【答案】abd考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路分析电路的连接关系，根据欧姆定律分析解答：解：a、据题理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路，所以r与变阻器并联后再与r串联，电压表v1、v2、v3分别测量r、路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则a1的示数增大，电路中电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，r的电压增大，所以并联部分电压减小，则通过并联部分r的电流减小，所以通过滑动变阻器的电流增大，即a2示数增大，故a正确；b、v2示数与a1示数的比值等于外电路电阻，则减小，故b正确；c、根据闭合电路欧姆定律得：u3=ei1（r+r），则得：=r+r，不一定小于2r，故c错误；d、a1的示数增大量等于a2示数增大和通过与滑动变阻器并联的r的电流减小量之和，所以i1小于i2，故d正确；故选：abd点评：本题是电路的动态分析问题，关键要搞清电路的结构，明确电表各测量哪部分电路的电压或电流，根据闭合电路欧姆定律进行分析三 、简答题8.(1)当无风时，定值电阻r与金属杆串联,，。有风时金属杆接入电路的电阻为r2有得此时，弹簧的长度 弹簧的压缩量根据平衡条件，此时的风力 (2)设风速为v。在t时间内接触到吹风板的空气质量为mm=svt 根据动量定理可得 (3)设导体两端的电压为u，自由电子定向运动的平均速率为v；由牛顿定律和运动学规律得： 从微观上看，电流强度： 综上，由电阻的定义得：所以， .9. 考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：（1）当断路器的电流达到或超过0.2a时，断路器会自动断开，根据闭合电路欧姆定律求解（2）根据电路中电阻的变化，分析电压表示数的变化解答：解：（1）当断路器的电流达0.2a时，r1的电压 u1=imaxr1根据闭合电路欧姆定律得 u1=e（imax+ipa）（rpb+r） rpb=