安徽省滁州市高级中学联谊会2013-2014学年高一下学期期.doc

2014滁州市高级中学联谊会高一第二学期期末联考物理参考答案1.答案：B解析：该技术确定的是手机的位置，选项B正确、A错误；遗失手机可以看成质点，原因是手机的大小与形状对所研究问题的影响可以忽略不计，选项C、D错误。2答案：D解析：卫星贴近月面运行时的速度才等于第一宇宙速度，即，由，离月球一定高度运行速度小于月球的第一宇宙速度，故选项A错误；环绕月球运行的卫星离月球越远，周期越大，所以嫦娥三号贴近月球表面运行的周期将小于T，选项B错误；因为不知道嫦娥三号的质量，不能计算其所受万有引力，选项C错误；由公式可知，选项D正确。3.答案：A解析：汽车以恒定功率行驶时，做功多少只与时间有关，与速度无关，选项B错误；由P=Fv可知，功率一定，速度越大，牵引力越小，选项C错误；在实际应用中牵引力不可能趋近无穷大，选项D错误；汽车以恒定功率行驶时，若牵引力大于阻力，有加速度，汽车速度增大，当牵引力等于阻力时，加速度减小为零，速度达到最大，选项A正确。4.答案：C解析：乙球是类平抛运动，在沿斜面向下方向上的分运动与甲球相同，两者同时到达底边，选项A、B错误；两球运动到底边时乙球的机械能较大，但两球从释放到运动到底边的过程中重力势能的减少量相同，选项C正确、D错误。5.答案：D解析：分析乙图中弹簧外壳的受力情况，竖直向上的拉力F0，竖直向下的重力G，以及弹簧向下的拉力T，三力平衡，即F0=G+T，所以乙图中弹簧的拉力即弹簧秤的读数为F0G，所以选项A错误。同理分析可知选项B、C错误，选项D正确。6.答案：B 解析：两轮子靠摩擦传动，线速度大小相等，即,故A错误；根据可知: ，故B正确；根据可知：，故C错误；根据可知,故D错误。7.答案：B解析：若使拉力F做功最少，在拉力F作用下使小木块和木板恰好做匀速直线运动，对小木块和木板进行受力分析容易得出拉力F2mg(此时绳子上的拉力等于mg)，而拉力F发生的位移为，所以由功的公式可得WFs2mgmgL，选项C、D错误；无论m加速运动还是匀度运动，摩擦力大小都不变，所以选项A错误、B正确。8.答案：C解析：发射卫星，可以利用地球自转的线速度，一般向东发射，选项A、B错误；发射地球同步卫星，发射位置越靠近赤道越能较好地利用地球自转线速度，节省能量，也便于调整轨道，定位于赤道上空，但在非赤道地区也可以发射地球同步卫星，选项C正确、D错误。9.答案：D解析：小球A、B、C做平抛运动，最后均落到D点，水平位移之比为，所以飞行时间之比也是，由此可知落地时速度的竖直分量之比，显然选项B、C错误；根据运动学规律，还可知初始离地面的高度之比为，选项A错误；从抛出到落地过程中，动能的变化量，所以动能的变化量之比为，选项D正确。10. 答案：A 解析：设B的质量为，则A的质量为，以A、B组成的系统为研究对象。在A落地前，由动能定理可得：;以B为研究对象，在B上升过程中由动能定理可得：;则B上升的最大高度，解得，故选A。11. () 答案：（1）0.4950.497m/s2(2分) （2）CD (1分) （3）匀变速直线运动 牛顿第二定律 (各1分，其它答案合理也给分) (2分)解析：（1）纸带上给了7个数据，可以采用逐差法计算加速度，代入数据得。（2）在此实验中，托盘和砝码的重力提供动力，据牛顿运动定律有，所以要测动摩擦因数，需要测量滑块的质量m2和托盘和砝码的总质量m3。（3）本实验先用匀变速直线运动原理利用打出的纸带求出加速度，然后利用牛顿第二定律求出动摩擦因数。 由可推得。（）答案：（1）打点计时器接了直流电源（1分）重物离打点计时器太远（1分）；（2）； （各1分）； (或者 ) （2分） 2（或填“两”“二”）（ 2分）解析：（1）打点计时器应接交流电；开始释放纸带时应该使重物靠近打点计时器。（2）根据匀变速直线运动规律可知：，所以，；若以B、E为始末位置，则根据机械能守恒可得化简可得，将和带入。 根据匀变速直线运动规律可得：，所以图像的斜率为2g。12.解析：（1）航母静止时，飞机靠发动机加速，加速度a=5 m/s2，由运动学公式（1分）解得L0=360 mL=270m（1分）故舰载机不能靠自身的发动机从舰上起飞。弹射装置给舰载机的初速度为v2，起飞速度为v=60m/s，由运动学公式（2分）解得v2=30m/s，故弹射装置给舰载机的初速度至少为30 m/s（1分）（2）设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v3。由运动学公式（1分）（1分）（1分）（1分）联立解得，航母匀速航行的最小速度v3=30(2-)8m/s（1分）(另解：解得v3=30(2-)8m/s)13.解析：（1）设小球摆到O点的速度为v，小球由A到O的过程，由机械能守恒定律有：（2分）在O点由牛顿第二定律得：（2分）联立并代入数据得：F=30N（1分）（2）绳被拉断后，小球做平抛运动，有：（1分）（1分）（1分）联立并代入数据得：t=1s（2分）14.解析：（1）设游客质量为m，在水滑道上的加速度为a，由牛顿第二定律得：mgsin30 kmg =ma（2分）解得：a=3m/s2（2分）（2）设人滑到水滑道末端时的速度大小为v，对人下滑的过程，由动能定理得：mgLsin30 kmg L=0（2分）解得：v=6m/s（2分）(另解：=6m/s)（3）人离开水滑道后做平抛运动，下落时间为t（2分）水平距离x=vt（1分）解得：x=1.8m（1分）15.解析：（1）根据运动学公式：，解得t=s (3分) (2)根据运动学公式：v2=2aL,解得a=2m/s2(2分) 由牛顿第二定律可得：mgsinmgcos=ma (3分) 解得=0.5 (1分)（3）对小球第二次离开O点后沿斜面能上升的运动过程应用动能定理有 mgLsin+mgLcos=mv20 (2分)解得L=0.4 m (2分)(另解：（2）PO 由动能定理可得：mgLsin-mgLco