鲁科版选修31 2.4 电容器 电容 作业.doc

2.4 电容器 电容 作业1、在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板b与一灵敏的静电计相接，极板a接地，若极板a稍向上移动一点，由观察到的静电计指针变化作出平行板电容器电容变小的结论的依据是（ ）a、两极板间的电压不变，极板上的电量变小b、两极板间的电压不变，极板上的电量变大c、极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变小d、极板上的电量几乎不变，两极板间的电压变大 2、一平行板电容器，两板之间的距离d和两板面积s都可以调节，电容器两板与电池相连接，以q表示电容器的电荷量，e表示两极间的电场强度，则（ ）a、当d增大、s不变时，q减小，e减小b、当s增大、d不变时，q增大，e增大c、当d减小、s增大时，q增大、e增大d、当s增大、d减小时，q不变、e不变 3、图中1.515所示是一个平行板电容器，其电容为c，带电量为q，上极板带正电，现将一个试探电荷q由两极板间的a点移动到b点，如图所示，a、b两点间的距离为s，连线ab与极板间的夹角为30，则电场力对试探电荷q所做的功等于（ ）a、 b、 c、 d、 4、初速度均为零的质子和粒子，被同一加速电场加速后，垂直于电场线方向进入同一匀强偏转电场，在离开偏转电场时（ ）a、两种粒子通过偏转电场的时间相同b、质子通过偏转电场的时间较短c、两种粒子的偏转角相等d、粒子离开偏转电场时的动能较大 5、在电场中，电子在只受电场力的作用大，可能做a、匀速直线运动 b、匀变速直线c、匀变速曲线运动 d、匀速圆周运动 6、如图1.316所示，在a板附近有一电子由静止开始向b板运动，则关于电子到达b板时的速率，下列解释正确的是（ ）a、两板间距越大，加速的时间就越长，则获得的速度越大b、两板间距越小，加速度就越大，则获得的速率越大c、与两板间的距离无关，仅与加速电压u有关d、以上解释都不正确 7、如图1.317所示，水平放置的两个平行金属板，上板带负电，下板带等量的正电，三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的粒子从极板的左侧p点以相同的水平初速度进入电场中，分别落在正极板的a、b、c三处，由此可知（ ）a、粒子a带正电，b不带电，c带负电b、三个粒子在电场中运动的时间相等c、三个粒子在电场中的加速度aaabacd、三个粒子到达正极板的动能ekaekbekc8、图1.318是一个说明示波管工作原理的示意图，电子经电压u1加速后以速度0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差u2，板长l，为了提高示波管的灵敏度（每单位电压引起的偏转量），可采用的方法是（ ）a、增大两板间电势差u2b、尽可能使板长l短些c、尽可能使板间距离d小一些d、使加速电压u1升高一些9、在竖直平面内建立xoy直角坐标系，oy表示竖直向上方向，如图1.319所示，已知该平面内存在沿x轴正向的区域足够大的匀强电场，一个带电小球从坐标原点o沿oy方向以4j的初动能竖直向上抛出，不计空气阻力，它到达的最高点位置如图中m点表示。求：（1）小球在m点时的动能ekm；（2）设小球落回跟抛出点同一水平面时的位置为n，求小球到达n点时的动能ekn。10、右图所示为真空示波管的示意图，电子从灯丝k发出（初速度不计），经灯丝与a板间的加速电压u1加速，从a板中心孔沿中心线ko射出，然后进入由两块平行金属板m、n形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场兵器打在荧光屏上的p点，已知m、n两板间的电压为u2，两板间的距离为d，板长为l1，板右端到荧光屏的距离为l2，电子的质量为m，电荷量为e。求：（1）电子穿过a板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）p点到o点的距离。参考答案：1、选d 2、选a、c 3、选c 4、选b、c、d 5、选b、c、d6、选c 7、选d 8、选c 9、解答：设m点坐标为m（x，y），小球在m、n点的动能分别为ekm、ekn，自坐标原点抛出至运动到m点历时为t，小球质量为m，所受电场力为f电，由题意知，在竖直方向有eko=mgy 根据力的独立作用原理，在x方向上小球在f电作用下做匀加速运动，根据牛顿第二定律和运动的等时性，有以上各式联立解得于是，（2）小球上升和下落时间相等小球在x方向做匀加速运动，有 联立解得sn=4x 电场力做功w电=f电sn=42.25j=9j重力做功为0，根据动能定理10、解答：（1）设电子经电压u1加速后的速度为v0，根据动能定理得： 解得：（2）电子以速度0进入偏转电场后，垂直于电场方向做匀速直线运动，沿电场方向做初速度为零的匀加速直线运动，设偏转电场的电场强度为e，电子在偏转电场中运动的时间为t1，电子的加速度为，离开偏转电场时的侧移量为y1，根据牛顿第二定律和运动学公式得： ，解得：（3）设电子离