2014年高考理综模拟试题.doc

2014年高考物理模拟试题 班级 姓名一、选择题（本题共8小题，每小题6分，15小题只有一个选项正确，68有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，下列表述正确的是 （ ）A库仑最先提出了电荷周围存在电场的观点B法拉第建立了完整的电磁场理论C楞次得出了电磁感应的产生条件D密立根测出了电子的电荷量2如图所示，一木块放在水平面上，在水平方向共受三个力作用，F1=10N，F2=2N，以及摩擦f，木块静止，撤去F2后，有关下列现象中判断不正确的是（ ）A木块可能不再静止 B木块可能仍处于静止状态 C 木块所受合力可能为1N，D木块所受合力可能为3N， 3如图所示，在某一电场中有一条直电场线，在电场线上取AB两点，将一个电子由A点以某一初速度释放，它能沿直线运动到B点，且到达B点时速度恰为零，电子运动的v-t图象如图所示。则下列判断正确的是 （）AB点场强一定小于A点场强B电子在A点的加速度一定小于在B点的加速度CB点的电势一定低于A点的电势D该电场若是正点电荷产生的，则场源电荷一定在A点左侧4地球绕太阳的运动轨道可近似为圆形，若它的运行周期T的平方与其轨道半径r的立方之比为k，不计其他天体对地球的作用力，则下列关于k的说法正确的是（ ）Ak的数值只与太阳的质量有关Bk的数值只与地球的质量有关Ck的数值与地球和太阳的质量都有关 D只要知道k的数值就能求出太阳的平均密度5如图所示，LOM为一45角折线，折线内有一方向垂直于纸面向里的匀强磁场，一边长为l的正方形导线框沿垂直于OM的方向以速度v作匀速直线运动，在t0的刻恰好位于图中所示位置。以逆时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流时间（It）关系的是（时间以为单位）（）vLlllOM45Lm6如图所示，长为L的细绳一端固定，另一端系一质量为m的小球。给小球一个合适的初速度，小球便可在水平面内做匀速圆周运动，这样就构成了一个圆锥摆，设细绳与竖直方向的夹角为。下列说法中正确的是（ ）A小球受重力、绳的拉力和向心力作用B小球只受重力和绳的拉力作用C 越大，小球运动的速度越大D 越大，小球运动的周期越大MNRB左右ab7右图是磁流体发电机的原理示意图，金属板M、N正对着平行放置，且板面垂直于纸面，在两板之间接有电阻R。在极板间有垂直于纸面向里的匀强磁场。当等离子束（分别带有等量正、负电荷的离子束）从左向右进入极板时，下列说法中正确的是（ ）AN板的电势高于M板的电势 BM板的电势高于N板的电势CR中有由b向a方向的电流DR中有由a向b方向的电流8.如图所示，一粗糙的平行金属轨道平面与水平面成角，两轨道上端用一电阻R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上。质量为m的金属杆ab以初速度v0从轨道底端向上滑行，滑行到某高度h后又返回到底端。若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，轨道与金属杆的电阻均忽略不计。则下列说法正确的是（ ）A.金属杆ab上滑过程与下滑过程通过电阻R的电量一样多B.金属杆ab上滑过程中克服重力、安培力与摩擦力所做功之和等于mv02C.金属杆ab上滑过程与下滑过程因摩擦而产生的内能不一定相等D.金属杆ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的热量二（非选择题 共62分）9I.（6分）为了测量某一弹簧的劲度系数，将该弹簧竖直悬挂起来，在自由端挂上不同质量的砝码。实验测出了砝码的质量m与弹簧长度l的相应数据，其对应点已在图上标出。（g=9.8m/s2)作出m-l的关系图线；弹簧的劲度系数为 N/m。（9分）某同学使用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值，先把选择开关旋到“1k”挡位，测量时指针偏转如图(a)所示。请你简述接下来的测量过程：_；_；_； 测量结束后，将选择开关旋到“OFF”挡。接下来采用“伏安法”较准确地测量该电阻的阻值，所用实验器材如图(b)所示。其中电压表内阻约为5k，电流表内阻约为5。图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接。图（c）是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S旋到位置3时，可用来测量 ；当S旋到位置 时，可用来测量电流，其中S旋到位置 时量程较大。10.（14分）一长=0.80m的轻绳一端固定在点，另一端连接一质量=0.10kg的小球，悬点距离水平地面的高度H = 1.00m。开始时小球处于点，此时轻绳拉直处于水平方向上，如图所示。让小球从静止释放，当小球运动到点时，轻绳碰到悬点正下方一个固定的钉子P时立刻断裂。不计轻绳断裂的能量损失，取重力加速度g=10m/s2。求： （1）当小球运动到点时的速度大小；（2）绳断裂后球从点抛出并落在水平地面的C点，求C点与点之间的水平距离；（3）若OP=0.6m，轻绳碰到钉子P时绳中拉力达到所能承受的最大拉力断裂，求轻绳能承受的最大拉力。 11.（18分）如图所示，在以坐标原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向垂直于xOy平面向里。一带正电的粒子（不计重力）从O点沿y轴正方向以某一速度射入，带电粒子恰好做匀速直线运动，经t0时间从P点射出。求电场强度的大小和方向。若仅撤去磁场，带电粒子仍从O点以相同的速度射入，经t0/2时间恰从半圆形区域的边界射出。求粒子运动加速度的大小。若仅撤去电场，带电粒子仍从O点射入，且速度为原来的4倍，求粒子在磁场中运动的时间。 甲 乙12.（1）（6分）如图甲所示为一简谐波在t=0时刻的图象，图乙所示为x=4m处的质点P的振动图象，则下列判断正确的是 （ ）A这列波的波速是2m/sB这列波的传播方向沿x正方向Ct=35s时P点的位移为02mD从t=0时刻开始P点的振动方程为m3030MNABCDPQ（2）（9分）如图所示，MNPQ是一块截面为正方形的玻璃砖，其边长MN=30 cm。一束激光AB射到玻璃砖的MQ面上（入射点为B）进入玻璃砖后在QP面上的F点（图中未画出）发生全反射，恰沿DC方向射出。其中B为MQ的中点，ABM=30，PD=75 cm，CDN=30。画出激光束在玻璃砖内的光路示意图，求出QP面上的反射点F到Q点的距离QF；求出该玻璃砖的折射率。求出激光束在玻璃砖内的传播速度（真空中光速c=3108m/s）。 物理部分14D解析：电荷周围存在电场的观点是法拉第最先提出的，A项错；麦克斯韦建立了完整的电磁场理论，B项错；法拉第得出了电磁感应的产生条件，C项错；密立根测出了电子的电荷量，D项正确。15ABC解析：做平抛运动的物体，只受重力作用，ABC都正确；落地时间只与抛出点的高度有关，但落地时的速度还与抛出的初速度有关，D项错。16C解析：船行驶的速度为m/s=19 m/s，旗相对于岸有两个分速度，竖直向上的速度06m/s和随船运动的速度19m/s，故旗相对于岸的合速度为m/s =m/s2m/s，C项正确。17C解析：从图象可知，电子从A运动到点B做匀减速运动，加速度不变，电场应为匀强电场，AB项错；电子从A到B，电场力做负功，电子的电势能增加，则B点电势较低，C项正确；该电场不可能是点电荷产生的，D项错。18AD 解析：装置P启动后，只有一半时间有电流通过，故电热丝的功率变为原来的一半，A项正确；P启动后，交变电压的频率不变，B项错；P启动前，电压的有效值为V，P启动后，由有效值的定义可得，解得V，则电压表的读数与原来相比，C项错，D项正确。19A解析：由万有引力提供地球运转的向心力，有解得，由题意得，由于为常数，因此k的数值只与太阳的质量有关，A项正确，BC错误；由于不知道太阳的半径，因此无法求出太阳的平均密度，D项错。20BCD解析：当斜面匀速运动时，斜面对物块的作用力F与其重力mg平衡，方向竖直向上，向左移动时，F与位移垂直不做功，A项错；向上移动时，F与位移方向相同，做功W=Fx=mgx ，B项正确；向左以加速度a移动时，物块所受合力做功为max，由于重力不做功，故F做的功即等于max，C项正确；斜面向下以加速度a移动时，斜面对物块的作用力，F对物块做负功，则物块的机械能减少，D项正确。21C解析：在0时间内线框切割磁场产生的电动势大小恒定，感应电流沿逆时针方向，可排除D项；在时间内，线框穿出磁场，感应电流均沿顺时针方向，可排除AB项；故C项正确。22（5分）答案：（1） （2分）（2）147（146148） （1分）；082（080090） （2分）解析：（1）为了便于调节，滑动变阻器的阻值不能太大，选择R1比较合适。（2）由于R3支路电阻远大于滑动变阻器R1所在支路电阻，所以干路电流近似等于I2，根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir可以变形为：E= I1（R3+Rg）+I2r，即，由图像知直线与纵轴的截距为mA，解得E=148V，直线斜率的绝对值为，解得23（10分）答案：（1）从A到J点，刻度依次为1320，1138，960，780，600，440，300，180，080，000（全部正确得3分，包括有效数字，每错一个扣1分，全部扣完为止）（2）匀速（1分），匀减速直线（或匀减速）（1分），035（2分）（3）11 （3分）解析：从A、B、CJ各点对应的刻度值可知，小车在A、E之间，相邻计数点间的距离均相等（均为180cm），故小车在A、E之间作匀速运动；在E、J之间，相邻计数点间的距离依次减小，且差值相等（均为020cm），故小车在E、J之间匀减速运动。根据可得加速度大小为a=5m/s2，从J到I，视为反向的匀加速运动，由JI=080cm=解得m/s。设木板倾角为，则，小车木板上匀速运动，小车在布料上匀减速运动，解得24（13分）答案：（1）30N （2）1m （3）6J解析：（1）滑块从A端下滑到B端，由动能定理得 （1分）在B点由牛顿第二定律得 （2分）解得轨道对滑块的支持力 N （1分）（2）滑块滑上小车后，由牛顿第二定律对滑块：，得m/s2 （1分）对小车：，得m/s2 （1分）设经时间t后两者达到共同速度，则有 （1分）解得 s （1分）由于s15s，故1s后小车和滑块一起匀速运动，速度v=1 m/s （1分）因此，15s时小车右端距轨道B端的距离为 m （1分）（3）滑块相对小车滑动的距离为 m （2分）所以产生的内能 J （1分）25（19分）答案：（1）（2）MN ，宽度MQ （3）解析：（1）粒子从O到A过程中由动能定理得 （2分）从A点穿出后做匀速圆周运动， （2分）解得 （2分）（2）粒子再次进入矩形区域后做类平抛运动，由题意得 （1分） （1分） （1分）联立解得 （2分）所以，矩形区域的长度MN ，宽度MQ （2分）（3）粒子从A点到矩形边界MN的过程中， （2分）从矩形边界MN到C点的过程中， （2分）故所求时间 （2分）34【物理选修3-4】（15分）答案：（1）（6分）ACD （全部答对得6分，选不全但没有错误得3分）（2）如图