中考物理模拟试卷（含解析）241.doc

福建省厦门市湖里区2016年中考物理模拟试卷一、选择题（本大题共16小题每小题2分，共32分每小题只有1个选项符合题意）1中考临近了，同学们风雨无阻，积极备考，于是出现了“教室外狂风暴雨，雷声大作；教室内热火朝天，书声朗朗”的动人景观这里的“雷声大作”与“书声朗朗”都指的是声音特征中的（）A响度B音调C音色D频率2对于下列物品的指定部件，设计时需要考虑增大压强这一因素的是（）A旅行包的背带B电钻的钻头C坦克的履带D汽车的轮子3有一天，雨、露、冰、雪四姐妹在一起争论自己的出生由来，谁也不认同谁下列她们的说法中，你认为正确的是（）A雨说：我是水汽化而来B露说：我是水蒸气凝华而来C冰说：我是水凝固而来D雪说：我是水升华而来4“小气球，大派场”，用气球可完成众多实验（如图）下列用气球进行的实验中，解释错误的是（）A与毛皮摩擦后的气球“粘”在墙壁上说明经摩擦后的气球变成带电体B向后喷气，气球前进说明力是维持物体运动的原因C向气球内充入氢气，氢气球会往上升氢气球受到空气浮力的作用D左球挤右球，两球都变形了说明力的作用是相互的5春天的清晨，小宇抓拍到一颗小水珠从约半米高的草叶上掉到水面的精妙瞬间（如图）他估算了一系列数值，最接近事实的是（）A小水珠质量约为0.05gB小水珠的直径约为3cmC小水珠的温度约为30D小水珠下落时间约为1min6下列做法中，符合安全用电要求的是（）A将开关安装在零线中B一个插座尽可能让多个大功率用电器同时工作C触电时首先切断电源D在高压线附近的空地放风筝7牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，通过推理而抽象概括出来的如图所示的实验中也应用了这种研究方法的是（）A探究声音能否在真空中传播B研究压力作用的效果C用磁感线描述磁场D探究同一直线上的二力合成8某电视台推出“扫二维码，抢红包”活动用手机摄像头扫描屏幕上的二维码（如图）可成像在内部的识别模块上实现登录，获得红包扫描二维码时，下列说法正确的是（）A摄像头相当于凹透镜B摄像头越靠近二维码越好C二维码成虚像D二维码一定成倒立的像9如图所示电路，下列有关说法正确的是（）A断开S，通过L1的电流比L2大B断开S，通过L1与L2的电流一样大C闭合S，L1和L2都会亮D闭合S，L2会更亮10市场上有一种“55保温杯”，外层为隔热材料，内层为导热材料，夹层间有“神奇物质”开水倒入杯中数分钟后，水温降为55且能较长时间保持不变“神奇物质”在55（）A一定处于固态B一定处于液态C一定处于固、液混合态D以上情况都有可能11如图是电磁波及其应用实例，下列说法正确的是（）A紫外线是紫色的B体检胸透用的X射线频率比无线电波低C电视机遥控器用射线遥控D可见光与无线电波在真空中的传播速度相同12岳阳城区新投入的公交车后门左右扶杆上均装有一个红色按钮（如图），每个按钮相当于一个开关，当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯亮，提醒司机有人下车，下列电路图能实现上述目标的是（）ABCD13在挑战不可能节目里，挪威的艾斯朋身穿翼形装在天门山空中飞行（如图甲），比约恩从3000米的直升飞机上跳下（图乙），最后降落在艾斯朋的背上后，两人共同急速向前飞行（图丙），完成了世界第一例空中合体的壮举则下列说法正确的是（）A艾斯朋能够在空中滑行，是因为翼装下表面的空气流速较小B比约恩从飞机上跳下后，做匀速直线运动C两人调整到速度相同时，比约恩降落到艾斯朋背上的成功的可能性最大D两人共同飞行时，以天门山为参照物两人是静止的14如图所示，将同一物体从A点开始沿三个光滑的弧面AB、AC、AD自由滚下，到达同一水平面时的动能分别为E1、E2、E3，则（）AE1最大BE2最大CE3最大DE1、E2、E3一样大15如图所示，电路连接良好，电源电压为6V闭合开关后，小灯泡L1、L2都不亮用电压表检测后，得到的结果是：Uab=6V，Ubc=0V，Uac=6V则下列说法正确的是（）A一定是L1发生故障B一定是L2发生故障C若只有一个灯发生故障，则一定是L1 短路D若两个灯同时发生故障，则L2一定短路16如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度L之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则（）A在a处弹簧的形变量最大B在b处弹簧的形变量最大C在b处小球受到的合力最小D在c处小球受到的合力最小二、填空题（本大题共6小题每小题2分，共12分）17考场上卷纸翻动的声音是卷纸_产生的；监考老师在巡视过程中始终保持稳步轻声，这是在_处减弱噪声的18如图所示，某同学让太阳光通过透明的镜片照射到白墙上，墙上出现一个亮斑这亮斑是由光的_形成（选填“直线传播”、“反射”、“折射”或“散射”），用这镜片磨成的眼镜可以用来矫正_视眼19厦门海湾公园里经常看到白鹭捕鱼的情景（如图所示）一白鹭发现前方有一条小鱼，飞行了15m，将其捕获若白鹭共用了3时间，忽略小鱼游动的距离，则白鹭平均速度为_m/s捕获小鱼后，白鹭不能及时停下来，是由于它具有_20月球的昼夜温差很大，而地球的昼夜温差很小这主要是因为地球上有大量的水，而水的_大，具有调整温度作用；同时地球表面还覆盖着厚厚的大气层，大大减小了在夜晚以_的方式失去内能21厦门市出租车采用天然气来代替燃油，减小了污染，而且降低运营成本某出租车在一段时间内消耗了500g天然气，若这些天然气完全燃烧，可放出_ J的热量（天然气的热值为4.2107J/kg）这些热量可使1吨的水温度升高_（水的比热容为4.2103J/（kg）22图1是小勇研究弹簧测力计的示数F与物体下表面离水面距离h的关系实验装置，其中A是底面积为25cm2的实心均匀圆柱形物体，用弹簧测力计提着物体A，使其缓慢浸入水中（水未溢出），得到F与h的关系图象如图2中实线所示完全浸没时，A受到水的浮力为_N，小勇换用另一种未知液体重复上述实验并绘制出图2中虚线所示图象，则该液体密度为_kg/m3三、简答题（本大题1小题，共4分）23“低头族”长时间低头看手机，会引起颈部肌肉损伤人的头部A、颈椎和颈部肌肉B，可当成一个杠杆（支点在颈椎O处），颈部肌肉活动较少距离，头部就能运动较长距离当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的B处提供的拉力为零（如图甲），当头颅低下时，颈部肌肉会主动提供一定的拉力F1，使头颈部保持平衡，F1方向如图乙所示（1）请判断颈部杠杆的类型（2）请解释为什么低头角度越大，颈部肌肉的拉力会越大？（3）请你就预防和延缓颈肌损伤提出一个合理化的建议四、作图题（本大题2小题，共4分）24如图，一个重为0.5N的小球静止在装有水的容器中，请在图中画出小球所受浮力的示意图25如图所示，根据通电螺线管的电源“+”“”极，标出磁感线方向和小磁针N极五、实验探究题（本大题5小题，共28分）26如图是二个热学实验和二个电磁学实验请在下面空格处用字母表示相关实验：（1）说明温度越高分子运动越快的是_；（2）说明蒸发快慢与液体表面积有关的是_；（3）说明电动机工作原理的是_；（4）说明通电导线周围存在磁场的是_27如图所示装置，用玻璃管将烧瓶和试管相连接，将试管放入装冷水的水槽中，用酒精灯给烧瓶中的水加热，使烧瓶内水保持沸腾状态（1）甲温度计的示数如图所示，读数为_，说明做该实验地点的气压_（选填“大于”“小于”或“等于”）1个标准大气压（2）在加热过程中，试管中出现水不断增多，这是_现象（填物态变化名称）（3）随着实验的进行，烧瓶里的温度计示数将_；水槽中温度计乙示数将_（以上两格均选填“变大”、“变小”或“不变”）28为了验证液体压强的特点，小鹭实验小组设计了如图1装置，容器中间用隔板分成左右两部分，隔板下部有一小圆孔用薄橡皮膜封闭（1）当橡皮膜两侧所受的压强不同时，橡皮膜的_发生改变（2）当容器左右两侧分别加入深度不同的水，且左侧水面较低，会看到橡皮膜向_（填“左”或“右”）侧凸出，说明液体压强与_有关（3）当容器左右两侧分别加入深度相同的水和盐水时，会看到橡皮膜向_（填“左”或“右”）侧凸出，说明液体压强与_有关（4）小鹭小组在进一步“探究液体内部压强与深度关系”时，得到如图2所示的图象，则该液体中1m深处的压强为_kPa29小文在探究光的折射规律时，将光从空气斜射入玻璃中，其实验过程如下：将半圆形玻璃砖放在标有角度的圆盘上，如图1所示；将一束激光从空气射向玻璃砖圆心O处，激光在O处发生反射和折射，记录入射角和折射角；逐渐增大入射角，重复步骤实验次数123入射角i304560玻璃中的折射角r172430比值1.731.731.73（1）分析表格中的数据，可以得出结论：_（2）物理学中把光从真空（空气中近似）射入某种介质发生折射时，入射角i的正弦与折射角r的正弦的比值，叫做这种介质的折射率，用字母n表示请写出折射率公式：_（3）如图2所示，光从玻璃斜射向空气，折射角_入射角（选填“大于”或“等于”或“小于”），当入射角增大到一定程度时，折射光会完全消失，这就是光的全反射现象光导纤维就是根据这一原理将光从纤维的一端“导”到另一端请在图3中画出光射入光导纤维内芯后的大致光路图30小湖利用电压表和电阻箱测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率，设计连接了如图1所示的部分实验电路（1）请你添加一条导线，将如图所示的实物图补充完整，并使滑动变阻器的滑片向右移时接入电路的阻值变大（2）闭合开关S1，将开关S2板向1位置，调节滑动变阻器使电压表的示数为_V（3）将开关S2板向2位置，保持_的阻值不变，调节_的阻值R，使电压表的示数仍与（2）中相同（4）若此时R的阻值如图中所示，其阻值为_，小灯泡的额定功率P额=_W（5）小湖经过多次测量与计算后，得到了多组小灯泡的实际功率P与电压的平方U2的数据，如图2各图中能正确表示P与U2的关系的是：_（要考虑灯丝电阻随温度变化的影响）六、计算题：（本大题3小题，共20分）31图中所示的电路中，电阻R1的阻值为10闭合开关S，电流表A1的示数为1.2A，电流表A2的示数为0.3A，求：（1）电源电压；（2）电阻R2的阻值；（3）经过1min电路消耗的焦耳热32扫地机器人是智能家用电器的一种，正逐渐进入我们的生活，如图，其主要参数如表所示，试求：主要参数 型号 E500 颜色 白色 质量（包含电池） 3kg 与地面接触面积 500cm2 额定功率 40w（1）扫地机器人静止在水平地面上时对地面的压强；（2）该机器人在扫地时受到的阻力等于重力的3倍，扫地时沿直线匀速清扫的距离为20m，求此过程中机器的水平推力所做的功；（3）若扫地时该机器人的效率为90%，求清扫20m的距离所需要的时间33如图1所示是某小组用来探究不同物体在木板上所受摩擦力大小的实验装置当木板在拉力的作用下向右匀速运动，物体和木板间发生相对滑动，当物体处于平衡状态时，电流表的示数稳定不变，物体和木板间的摩擦力也不变换用质量不同的物体，重复上述实验，发现不同物体所受的摩擦力f与滑动变阻器R1的阻值的关系如图2所示（不计弹簧的电阻及滑片与滑动变阻器线圈间的摩擦）电流表的量程为“00.6A”，电源电压为6V且保持不变问：（1）在没有拉动木板，即F=0时，物体静止在木板上，此时滑动变阻器的滑片刚好处于a 端，电流表的示数为0.2A，求定值电阻R0的阻值（2）拉着木板向右移动，使某一物体在木板上处于平衡状态时，电流表的示数为0.5A，该物体所受的摩擦力是多少？（3）研究表明，物体所受的摩擦力f与它对接触面压力F之间的关系为f=F （其中为摩擦系数），已知木板的摩擦系数=0.05，该小组想利用此装置来测算物体的密度，若将一个边长为0.2m的正方体放在木板上，拉动木板，当正方体处于平衡状态时，电流表的示数为0.3A，求该正方体的密度2016年福建省厦门市湖里区中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共16小题每小题2分，共32分每小题只有1个选项符合题意）1中考临近了，同学们风雨无阻，积极备考，于是出现了“教室外狂风暴雨，雷声大作；教室内热火朝天，书声朗朗”的动人景观这里的“雷声大作”与“书声朗朗”都指的是声音特征中的（）A响度B音调C音色D频率【考点】音调、响度与音色的区分【分析】声音的特征有音调、响度、音色；音调表示声音的高低，响度表示声音的大小，音色是声音的品质与特色【解答】解：“教室外狂风暴雨，雷声大作”，这里的“雷声大作”是指声音很大，所以指的是声音特征中的响度故选A【点评】声音的音调、响度、音色三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同2对于下列物品的指定部件，设计时需要考虑增大压强这一因素的是（）A旅行包的背带B电钻的钻头C坦克的履带D汽车的轮子【考点】增大压强的方法及其应用【分析】压强大小跟压力大小和受力面积大小有关增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强【解答】解：A、旅行包的背带比较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意；B、电钻的钻头比较尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故B符合题意；C、坦克的履带比较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意；D、汽车的轮子比较宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故D不合题意故选B【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题3有一天，雨、露、冰、雪四姐妹在一起争论自己的出生由来，谁也不认同谁下列她们的说法中，你认为正确的是（）A雨说：我是水汽化而来B露说：我是水蒸气凝华而来C冰说：我是水凝固而来D雪说：我是水升华而来【考点】水的三态变化【分析】掌握以下六种物态变化即可判断出正确的选项：物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态变为气态的过程叫升华，物质由气态变为固态的过程叫升华【解答】解：A、雨是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确B、露水是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小水滴，属于液化现象，该选项说法不正确；C、冰是水遇冷凝结成的小冰晶，属于凝固现象，该选项说法正确；D、雪是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华现象，该选项说法不正确；故选：C【点评】本题考查了生活中的物态变化，解决此类问题的关键是分清物质变化前后的状态，属于基础知识的考查，是中考的热点4“小气球，大派场”，用气球可完成众多实验（如图）下列用气球进行的实验中，解释错误的是（）A与毛皮摩擦后的气球“粘”在墙壁上说明经摩擦后的气球变成带电体B向后喷气，气球前进说明力是维持物体运动的原因C向气球内充入氢气，氢气球会往上升氢气球受到空气浮力的作用D左球挤右球，两球都变形了说明力的作用是相互的【考点】摩擦起电；力作用的相互性；物体的浮沉条件及其应用【分析】（1）摩擦可以使物体带上电荷，带电体具有吸引轻小物体的性质；（2）力是改变物体运动状态的原因，力的作用是相互的；（3）浸在液体或气体中的物体，将受到液体或气体对它的浮力作用；（4）力可以改变物体的形状，力还可以改变物体的运动状态【解答】解：A、带电体具有吸引物体的性质，用毛皮摩擦后的气球“粘”在墙壁上说明经摩擦后的气球变成带电体，故A正确；B、向后喷气，给空气向后的力，空气同时给气球向前的推理，气球前进说明物体间力的作用是相互的，故B错误；C、浸在液体或气体中的物体都会受到液体或气体对它向上托的力即浮力，故C正确；D、因为物体间力的作用是相互的，所以左球挤右球，两球都变形了，故D正确故选B【点评】此题综合考查了带电体的性质、力的作用效果、力作用的相互性、浮力的产生等多个知识点的理解和掌握，综合性较强，难度不大5春天的清晨，小宇抓拍到一颗小水珠从约半米高的草叶上掉到水面的精妙瞬间（如图）他估算了一系列数值，最接近事实的是（）A小水珠质量约为0.05gB小水珠的直径约为3cmC小水珠的温度约为30D小水珠下落时间约为1min【考点】质量的估测；温度；时间的估测；长度的估测【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断符合实际的选项【解答】解：A、一滴水的质量约为0.05g，符合实际；B、m=0.05g，根据V=0.05cm3，根据V=r3得r3=0.0125cm3，所以r0.23cm，故B不符合实际；C、春天清晨的温度约为3，故C不符合实际；D、小水滴下落的时间约为0.3s，故D不符合实际故选A【点评】对于生活中数据的估测，应从实际的角度出发进行判断，也可从自己的角度出发判断，只要相差不大，即该数据就是合理的6下列做法中，符合安全用电要求的是（）A将开关安装在零线中B一个插座尽可能让多个大功率用电器同时工作C触电时首先切断电源D在高压线附近的空地放风筝【考点】安全用电原则【分析】（1）控制电灯的开关应安装在火线与灯之间；（2）多孔插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大；（3）当有人触电时，应先切断电源或用绝缘体把电线挑开；（4）生活中要远离高压带电体【解答】解：A、电灯的开关接在了零线上时，断开开关更换灯泡时，灯泡上有电，易发生触电事故，故A错误；B、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使总功率过大，造成电流过大，容易引起火灾，故B错误；C、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，故C正确；D、在高压电线附近放风筝易引发触电，故D错误故选C【点评】熟练掌握家庭电路中的安全用电常识，并能在实践中加以运用，有一定的现实意义，应引起我们的重视7牛顿第一定律是在大量经验事实的基础上，通过推理而抽象概括出来的如图所示的实验中也应用了这种研究方法的是（）A探究声音能否在真空中传播B研究压力作用的效果C用磁感线描述磁场D探究同一直线上的二力合成【考点】物理学方法【分析】本题主要是对物理学方法的考查，解答时首先要了解牛顿第一定律的建立过程，然后回忆各个实验当时的过程情景，并与牛顿第一定律实验相对比，从而找到最佳答案【解答】解：（1）压力作用的效果是控制变量法研究问题；磁感线描述磁场是模型法；同一直线上的二力合成是等效法；其研究方法与牛顿第一定律不同，所以B、C、D都不能选（2）真空不能传声的实验是建立在真实实验的基础上，通过进一步推理（向外抽气体，只是越来越少，不可能抽成真空）形成结论，该实验是运用了实验推理法，其形成原理同牛顿第一定律相同，所以A选项是正确的故选A【点评】本题的解题关键是先了解牛顿第一定律实验的实验过程，然后逐个实验进行回忆，寻找其相似性8某电视台推出“扫二维码，抢红包”活动用手机摄像头扫描屏幕上的二维码（如图）可成像在内部的识别模块上实现登录，获得红包扫描二维码时，下列说法正确的是（）A摄像头相当于凹透镜B摄像头越靠近二维码越好C二维码成虚像D二维码一定成倒立的像【考点】凸透镜成像的应用【分析】凸透镜成像时，物距u2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机【解答】解：（1）摄像头相当于凸透镜，成倒立缩小实像，故A错误；（2）照相机是利用物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律制成的，因此，并不是摄像头越靠近二维码越好，故B、C错误，D正确；故选D【点评】凸透镜成像的规律：u2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u=2f，成倒立等大的实像，应用是测焦距；fu2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；u=f，不成像；uf，成正立放大的虚像，应用是放大镜9如图所示电路，下列有关说法正确的是（）A断开S，通过L1的电流比L2大B断开S，通过L1与L2的电流一样大C闭合S，L1和L2都会亮D闭合S，L2会更亮【考点】电路的基本连接方式【分析】串联电路的特点：串联电路只有一条电流路径；串联电路中各电路元件相互影响，不能独立工作；串联电路中，一个开关可以控制整个电路；串联电路中，电流处处相等【解答】解：AB、串联电路中，电流处处相等，所以断开S，通过L1与L2的电流一样大，故A错误，B正确；CD、闭合S，L1亮，但L2短路，不会亮，故CD错误故选：B【点评】本题考查了串并联电路的特点，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题10市场上有一种“55保温杯”，外层为隔热材料，内层为导热材料，夹层间有“神奇物质”开水倒入杯中数分钟后，水温降为55且能较长时间保持不变“神奇物质”在55（）A一定处于固态B一定处于液态C一定处于固、液混合态D以上情况都有可能【考点】熔点和凝固点【分析】要解决此题首先需要知道晶体在熔化或凝固过程中的特点：吸收或放出热量，但温度保持不变；晶体物质在熔点时，可能处于三种状态，可能是固态、可能是液态、可能是固液共存【解答】解：根据题意得：这种“神奇物质”是一种晶体，晶体熔化吸热、凝固放热温度保持不变，这种晶体能使水温在55且能较长时间保持不变，这种晶体的熔点为55，所以55的这种物质可能是固态（达到熔点尚未熔化），可能是液态（刚刚熔化结束），也可能是固液混合态（熔化过程中），所以A、B、C是错误的，D正确故选D【点评】对于晶体来讲，在熔点（凝固点）时，物质的三种状态：固态，固液共存，液态，都有可能存在11如图是电磁波及其应用实例，下列说法正确的是（）A紫外线是紫色的B体检胸透用的X射线频率比无线电波低C电视机遥控器用射线遥控D可见光与无线电波在真空中的传播速度相同【考点】电磁波的传播【分析】（1）紫外线是紫光以外的光线，肉眼不能看见；（2）体检胸透用的电磁波频率比无线电波高；（3）电视机的遥控器利用了红外线遥控；（4）电磁波在真空中的传播速度相同【解答】解：A、紫外线是紫光以外的光线，肉眼不能看见，故A错误；B、体检胸透用的电磁波频率比无线电波高，故B错误；C、电视机的遥控器利用了红外线遥控，故C错误；D、电磁波在真空中的传播速度相同，故D正确故选：D【点评】本题考查了电磁波多个方面的知识，考查的知识点较多，都是一些记忆型的，难度不大，在平时学习中注意多积累12岳阳城区新投入的公交车后门左右扶杆上均装有一个红色按钮（如图），每个按钮相当于一个开关，当乘客按下任一按钮，驾驶台上的指示灯亮，提醒司机有人下车，下列电路图能实现上述目标的是（）ABCD【考点】串、并联电路的设计【分析】根据“乘客只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的电灯都会发光”结合串并联电路特点判断两个开关的连接方式，然后分析电路图答题【解答】解：只要按下任何一个按钮，装在驾驶台上的指示灯都会发光，说明这两个开关互不影响，两开关是并联的，灯泡串联在干路中，由图示电路图可知，B正确；故选B【点评】根据题意得出两开关的连接方式是解决本题的关键，解决此类问题要抓住题干中有用的信息，即电路元件是否可以独立工作（并联），还是相互影响（串联）13在挑战不可能节目里，挪威的艾斯朋身穿翼形装在天门山空中飞行（如图甲），比约恩从3000米的直升飞机上跳下（图乙），最后降落在艾斯朋的背上后，两人共同急速向前飞行（图丙），完成了世界第一例空中合体的壮举则下列说法正确的是（）A艾斯朋能够在空中滑行，是因为翼装下表面的空气流速较小B比约恩从飞机上跳下后，做匀速直线运动C两人调整到速度相同时，比约恩降落到艾斯朋背上的成功的可能性最大D两人共同飞行时，以天门山为参照物两人是静止的【考点】流体压强与流速的关系；运动和静止的相对性；平衡状态的判断【分析】解答此题需要掌握以下几点：（1）根据翼装飞行原理分析解答；（2）物体受到平衡力作用时处于平衡状态，受非平衡力作用时，处于非平衡状态；（3）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止【解答】解：A、基于蝙蝠飞行滑翔原理研发出来的翼装飞行服，采用韧性和张力极强的尼龙织物编制而成，特别是在运动服双腿、双臂和躯干间缝制大片结实的、收缩自如的、类似蝙蝠飞翼的翅膀当运动员在空中滑翔时，将双臂、双腿间的飞翼张开，形成一个气流受力面，将飞行运动员的这对“翅膀”托起，运动员可以通过双臂和双腿的调整，控制身体在空中缓慢滑翔，同时能调整航向不是因为翼装下表面的空气流速较小故A错误；B、比约恩从飞机上跳下后，受力不平衡，故做的不是匀速直线运动故B错误；C、两人处于相对静止状态时，比约恩降落到艾斯朋背上的成功的可能性最大，所以应该调整到速度相同时，故C正确；D、两人共同飞行时，以天门山为参照物，两人与天门山之间的位置不断变化，因此是运动的故D错误故选C【点评】此题考查流体压强和流速的关系、平衡状态的判断、运动和静止的相对性，关键是理解翼装飞行的原理14如图所示，将同一物体从A点开始沿三个光滑的弧面AB、AC、AD自由滚下，到达同一水平面时的动能分别为E1、E2、E3，则（）AE1最大BE2最大CE3最大DE1、E2、E3一样大【考点】动能和势能的转化与守恒【分析】只存在动能与势能的相互转化时，机械能是守恒的本题中斜面为光滑斜面，说明没有摩擦，在物体下滑过程中只有动能和势能的转化【解答】解：光滑斜面说明没有摩擦力，物体在从斜面上滑下时，只存在动能和重力势能的相互转化，机械能是守恒的物体从同一高度上滑下，重力势能是相等的，滑下时转化为相同的动能，即E1、E2、E3一样大故选D【点评】此题考查了机械能的守恒机械能的守恒是有一定条件的：只存在动能与势能的相互转化15如图所示，电路连接良好，电源电压为6V闭合开关后，小灯泡L1、L2都不亮用电压表检测后，得到的结果是：Uab=6V，Ubc=0V，Uac=6V则下列说法正确的是（）A一定是L1发生故障B一定是L2发生故障C若只有一个灯发生故障，则一定是L1 短路D若两个灯同时发生故障，则L2一定短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】根据两灯不亮可判断为断路，再根据电压表可测出L1断路的结论，由此判断电压表连接的位置与读数【解答】解：由题意可知，闭合开关后，小灯泡L1、L2都不亮，说明电路为断路；又因为Uac=6V，说明电源正常；Uab=6V，说明电压表的正负接线柱通过灯泡L2、开关与电源两极相连，Ubc=0V，说明L1开路，或者L1开路，L2短路故选D【点评】本题考查了电压表在电路故障判断中的作用，要知道电压表的使用特点，才能做出正确的判断16如图甲所示，小球从某高度处静止下落到竖直放置的轻弹簧上并压缩弹簧从小球刚接触到弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，得到小球的速度v和弹簧被压缩的长度L之间的关系，如图乙所示，其中b为曲线最高点不计空气阻力，弹簧在整个过程中始终发生弹性形变，则（）A在a处弹簧的形变量最大B在b处弹簧的形变量最大C在b处小球受到的合力最小D在c处小球受到的合力最小【考点】二力平衡条件的应用；弹力【分析】（1）分析图象，得出小球速度变化，当小球速度为0时，形变最大（2）在运动过程中小球受重力与弹簧的弹力，当两力大小相等时，小球速度最大，此时弹力与重力是一对平衡力，合力为0【解答】解：（1）由图象可知，小球速度先变大，后变小，在c处速度减小为0，此时形变量最大，故A、B错；（2）在小球的运动过程中，一开始小球的重力大于弹力，小球加速运动；到达b处小球受到的重力和弹簧的弹力大小相等，小球的速度最大；再下落，重力小于弹力，小球做减速运动直到速度为0所以小球在在b处受到的合力最小为0，故C正确、D错故选C【点评】本题考查了弹力形成、二力平衡条件的应用解题的关键要读懂图，由图获取小球速度变化的信息分析小球的运动过程，分析弹力的变化情况二、填空题（本大题共6小题每小题2分，共12分）17考场上卷纸翻动的声音是卷纸振动产生的；监考老师在巡视过程中始终保持稳步轻声，这是在声源处减弱噪声的【考点】声音的产生；防治噪声的途径【分析】声音是由物体的振动产生的；减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声【解答】解：考场上卷纸翻动的声音由于卷纸振动产生的；监考老师在巡视过程中始终保持稳步轻声，是防止发出声音，即在声源处减弱噪声故答案为：振动；声源【点评】本题考查声音的产生和噪声防治的途径，是一道基础题18如图所示，某同学让太阳光通过透明的镜片照射到白墙上，墙上出现一个亮斑这亮斑是由光的折射形成（选填“直线传播”、“反射”、“折射”或“散射”），用这镜片磨成的眼镜可以用来矫正远视眼【考点】远视眼的成因与矫正办法【分析】（1）凸透镜对光线起会聚作用，凹透镜对光线起发散作用；（2）近视眼佩戴凹透镜矫正，远视眼佩戴凸透镜矫正【解答】解：由图可见，墙上出现一个亮斑这亮斑是由光的折射形成，由此说明该透镜对光线起会聚作用，因此是凸透镜；远视眼是像呈在视网膜的前方，要想使像呈在视网膜上，应戴一会聚透镜，即凸透镜，所以该眼镜可以用以矫正远视眼故答案为：折射；远【点评】本题主要考查学生对透镜类型的判断以及远视眼的矫正方法的了解和掌握，是一道中档题19厦门海湾公园里经常看到白鹭捕鱼的情景（如图所示）一白鹭发现前方有一条小鱼，飞行了15m，将其捕获若白鹭共用了3时间，忽略小鱼游动的距离，则白鹭平均速度为5m/s捕获小鱼后，白鹭不能及时停下来，是由于它具有惯性【考点】速度公式及其应用；惯性【分析】（1）已知白鹭运动的路程与运动时间，由平均速度公式可以求出它的平均速度；（2）物体由于惯性要保持原来的运动状态继续前进【解答】解：白鹭平均速度v=5m/s，由于白鹭具有惯性，当它捕到鱼后不能立即停下来，还要保持原来的运动状态继续前进一段距离故答案为：5；惯性【点评】本题考查了求平均速度、物体惯性的应用，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确答题20月球的昼夜温差很大，而地球的昼夜温差很小这主要是因为地球上有大量的水，而水的比热容大，具有调整温度作用；同时地球表面还覆盖着厚厚的大气层，大大减小了在夜晚以热传递的方式失去内能【考点】水的比热容的特点及应用；热传递改变物体内能【分析】（1）水的比热容大，相同质量的水与其它物质相比较，吸收相同的热量，其温度变化较小，据此解释；（2）热传递和做功都可以改变物体的内能，热传递是能量的转移，做功是能量的转化【解答】解：（1）月球的昼夜温差很大，而地球的昼夜温差很小这主要是因为地球上有大量的水，而水的比热容大，在同样吸放热的情况下，其温度变化不明显，因此具有调整温度作用；（2）地球表面覆盖着厚厚的大气层，可以大大减小了在夜晚以热传递的方式失去内能故答案为：比热容；热传递【点评】本题考查了月球环境与地球环境的不同，结合实际，运用比热容、热传递等知识做出解释是解答的关键21厦门市出租车采用天然气来代替燃油，减小了污染，而且降低运营成本某出租车在一段时间内消耗了500g天然气，若这些天然气完全燃烧，可放出2.1107 J的热量（天然气的热值为4.2107J/kg）这些热量可使1吨的水温度升高5（水的比热容为4.2103J/（kg）【考点】热平衡方程的应用【分析】根据Q放=m气q求出天然气完全燃烧放出的热量；根据Q吸=cm水t变形求出水升高的温度【解答】解：天然气完全燃烧放出的热量：Q放=m气q=0.5kg4.2107J/kg=2.1107J；根据题意可知，Q吸=Q放=2.1107J，由Q吸=cm水t得，t=5故答案为：2.1107；5【点评】此题主要考查的是学生对热值和热量计算公式的理解和掌握，基础性题目22图1是小勇研究弹簧测力计的示数F与物体下表面离水面距离h的关系实验装置，其中A是底面积为25cm2的实心均匀圆柱形物体，用弹簧测力计提着物体A，使其缓慢浸入水中（水未溢出），得到F与h的关系图象如图2中实线所示完全浸没时，A受到水的浮力为2N，小勇换用另一种未知液体重复上述实验并绘制出图2中虚线所示图象，则该液体密度为0.8103kg/m3【考点】阿基米德原理；密度的计算【分析】（1）由图可知完全浸没在水中弹簧测力计的拉力，两者之差就是受到的浮力；根据F浮=gV排即可求出物体体积；（2）由图可知完全浸没在液体中弹簧测力计的拉力，两者之差就是受到的浮力；根据F浮=gV排即可求出该液体密度【解答】解：（1）由图2可知：完全浸没时，弹簧测力计的拉力为F=1N，所以此时受到的浮力为F浮=GF=3N1N=2N；（2）由F浮=gV排可得：物体体积V=V排=2104m3；由图2虚线所示可知：完全浸没另一种未知液体时，弹簧测力计的拉力为F=1.4N，所以此时受到的浮力为F浮=GF=3N1.4N=1.6N；由F浮=gV排可得：未知液体液=0.8103kg/m3故答案为：2；0.8103【点评】探究F与h的关系时，在未浸没之前，弹簧测力计的示数为物体重力，有的同学错误的认为，浮力与深度有关，这种认识是片面的，因为忽视了深度变化引起排开液体体积的变化三、简答题（本大题1小题，共4分）23“低头族”长时间低头看手机，会引起颈部肌肉损伤人的头部A、颈椎和颈部肌肉B，可当成一个杠杆（支点在颈椎O处），颈部肌肉活动较少距离，头部就能运动较长距离当头颅为竖直状态时，颈部肌肉的B处提供的拉力为零（如图甲），当头颅低下时，颈部肌肉会主动提供一定的拉力F1，使头颈部保持平衡，F1方向如图乙所示（1）请判断颈部杠杆的类型（2）请解释为什么低头角度越大，颈部肌肉的拉力会越大？（3）请你就预防和延缓颈肌损伤提出一个合理化的建议【考点】杠杆的平衡分析法及其应用【分析】（1）过支点分别画出动力臂和阻力臂，然后比较动力臂和阻力臂的关系来确定杠杆的类型；（2）根据杠杆的平衡条件结合三角函数关系得出颈部肌肉拉力与低头角度的关系；（3）根据低头角度越大，颈部肌肉拉力越大的特点分析即可【解答】解：（1）过支点分别作动力作用线和阻力作用线的垂线段，即动力臂和阻力臂；如下图所示：根据图示可知，动力臂小于阻力臂，因此颈部杠杆为费力杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在F2和L1一定时，低头的角度越大，L2越大，所需要的拉力F1就越大（3）要预防和延缓颈椎损伤，可尽量减小低头的角度；不要长时间低头做事；低头时间久了要抬头休息等等故答案为：（1）费力杠杆；（2）根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，在F2和L1一定时，低头的角度越大，L2越大，所需要的拉力F1就越大；（3）尽量减小低头的角度（或不要长时间低头做事，低头时间久了要抬头休息等）【点评】本题通过对人的头颅模型的分析，考查了杠杆平衡条件的应用，学会建立模型，根据实际情况加以运用；同时分析了保护颈椎的方法，与生活联系紧密，具有现实性意义四、作图题（本大题2小题，共4分）24如图，一个重为0.5N的小球静止在装有水的容器中，请在图中画出小球所受浮力的示意图【考点】力的示意图【分析】根据小球漂浮中水中，因此小球受到竖直向下的重力和竖直向下的浮力是一对平衡力；然后过小球的重心表示出浮力的方向和大小即可【解答】解：因为小球漂浮水中，因此小球受到的重力和浮力是一对平衡力，浮力大小等于小球的重力；过小球的球心做竖直向上、大小为0.5N的浮力如图所示：【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图25如图所示，根据通电螺线管的电源“+”“”极，标出磁感线方向和小磁针N极【考点】通电螺线管的磁场【分析】根据图中的电流方向和螺线管的线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管的NS极，进而根据磁感线的特点可以确定磁感线的方向；利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的NS极【解答】解：电流从螺线管的右端流入，左端流出，结合图示的螺线管的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极；磁感线在磁体的周围从N极出发回到S极，所以磁感线的方向向右；由于异名磁极相互吸引，所以小磁针静止时，靠近螺线管左端N极的一定是小磁针的S极，则小磁针的左端为N极答案如下图所示：【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个就可以确定第三个此题就是告诉了其中的电流方向和线圈绕向来确定磁场方向五、实验探究题（本大题5小题，共28分）26如图是二个热学实验和二个电磁学实验请在下面空格处用字母表示相关实验：（1）说明温度越高分子运动越快的是A；（2）说明蒸发快慢与液体表面积有关的是D；（3）说明电动机工作原理的是B；（4）说明通电导线周围存在磁场的是C【考点】分子的热运动；影响蒸发快慢的因素；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用【分析】（1）分子的无规则运动与温度有关，温度越高运动越剧烈；（2）液体蒸发的快慢与液体的温度、表面积、液面上空气流动的快慢等因素有关；（3）电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；（4）奥斯特将通电导线放于小磁针上方时发现小磁针发生了偏转，说明了通电导线周围存在着磁场【解答】解：（1）A实验中在冷水杯和热水杯中滴入两滴红墨水，会看到热水中的墨水扩散的快，这表明分子的无规则运动与温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈；（2）D实验中，将质量相同的两滴水分别滴在两块相同的玻璃上，表面积大的蒸发快，说明液体蒸发快慢与液体表面积的关系；（3）B实验中，电路中有电流，通电线圈或导体受到磁场力的作用发生运动，是电动机的工作原理；（4）C是奥斯特实验图，小磁针发生偏转说明通电导体周围有磁场故答案为：（1）A；（2）D；（3）B；（4）C【点评】此题考查了初中物理学中的几个常见实验，影响扩散快慢因素的实验、影响蒸发快慢的因素的实验、电动机的原理实验以及奥斯特实验，综合性强27如图所示装置，用玻璃管将烧瓶和试管相连接，将试管放入装冷水的水槽中，用酒精灯给烧瓶中的水加热，使烧瓶内水保持沸腾状态（1）甲温度计的示数如图所示，读数为98，说明做该实验地点的气压小于（选填“大于”“小于”或“等于”）1个标准大气压（2）在加热过程中，试管中出现水不断增多，这是液化现象（填物态变化名称）（3）随着实验的进行，烧瓶里的温度计示数将不变；水槽中温度计乙示数将变大（以上两格均选填“变大”、“变小”或“不变”）【考点】探究水的沸腾实验；液化及液化现象【分析】（1）明确温度计的分度值，根据液柱的位置读出示数；液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降