湖南省株洲二中2016届高三上学期期中化学试题

20152016学年湖南省株洲二中高三（上）期中化学试卷一、选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的）1化学与社会、生活密切相关对下列现象或事实的解释正确的是（）选项现象或事实解释A用热的纯碱溶液洗去油污NA2CO3可直接和油污反应B漂白粉在空气中久置变质漂白粉中的CACL2与空气中的CO2反应生成CACO3C用浸有酸性高锰酸钾溶液的硅藻土作水果保鲜剂酸性高锰酸钾溶液能还原水果释放的催熟剂乙烯D施肥时，草木灰（有效成分为K2CO3）不能与NH4CL混合使用K2CO3与NH4CL反应生成氨气会降低肥效AABBCCDD2下列有关仪器的使用方法、实验操作或实验结果正确的是（）A洗净的锥形瓶和容量瓶可以放进烘箱中烘干B酸式滴定管装标准液前，不需用该标准溶液润洗C锥形瓶用作反应容器时一定不能加热D蒸馏时若温度计水银球的位置低于蒸馏烧瓶支管口，可能会导致产品中混有低沸点杂质3NA为阿伏伽德罗常数的值下列说法正确的是（）A18GD2O和18GH2O中含有的质子数均为10NAB1L01MOLL1的NAHCO3溶液中HCO3和CO32离子数之和为01NAC5NH4NO32HNO34N29H2O反应中，生成28GN2时，转移的电子数目为375NAD室温下，LLPH13的NAOH溶液中，由水电离的OH离子数目为0LNA4下列物质分类正确的是（）混合物铝热剂、福尔马林、水玻璃、漂白粉化合物CACL2、烧碱、聚乙烯、HD电解质明矾、绿矾、冰醋酸、硫酸钡同系物CH2O2、C2H4O2、C3H6O2、C4H8O2同素异形体C60、C70、金刚石、石墨ABCD5分子式为C5H10O2的有机物A，有果香味，不能使紫色石蕊试液变红，但可在酸性条件下水解生成有机物B和C，其中C能被催化氧化成醛，则A可能的结构共有（）A1种B6种C18种D28种6用如图所示装置进行下列实验将中溶液滴入锥形瓶中，预测的现象与实际相符的是（）选项中物质锥形瓶中物质预测锥形瓶中的现象A浓盐酸“84”消毒液有黄绿色气体产生B浓硝酸光洁的铁钉产生红棕色气体C氯化铝溶液浓氢氧化钠溶液先有白色沉淀生成，后沉淀又溶解D草酸溶液酸性高锰酸钾溶液溶液逐渐褪色，有黑色沉淀生成AABBCCDD7能正确表示下列反应的离子方程式为（）A硫化亚铁溶于稀硝酸中FES2HFE2H2SB向明矾溶液中滴加BA（OH）2溶液，恰好使SO42沉淀完全2AL33SO423BA26OH2AL（OH）33BASO4C氯化钠与浓硫酸混合加热H2SO42CLSO2CL2H2OD向AGCL悬浊液中滴加NA2S溶液；白色沉淀变成黑色2AGCLS2AG2S2CL8中学化学中很多“规律”都有其适用范围，下列根据有关“规律”推出的结论合理的是（）A根据同周期元素的第一电离能变化趋势，推出B的第一电离能比BE大B根据主族元素最高正化合价与族序数的关系，推出氧族元素最高正价都是6C根据较强酸可以制取较弱酸的规律，推出CO2通入NACLO溶液中能生成HCLOD根据溶液的PH与溶液酸碱性的关系，推出PH72的溶液一定显碱性9热激活电池可用作火箭、导弹的工作电源一种热激活电池的基本结构如图所示，其中作为电解质的无水LICLKCL混合物受热熔融后，电池即可瞬间输出电能该电池总反应为PBSO42LICLCACACL2LI2SO4PB下列有关说法正确的是（）A常温时，在正负极间接上电流表或检流计，指针不偏转B放电过程中，LI向负极移动C每转移02MOL电子，理论上生成414GPBD正极反应式CA2CL2ECACL210海水开发利用的部分过程如图所示下列说法错误的是（）A向苦卤中通入CL2前，可先用稀硫酸酸化B工业生产中常选用KOH作为沉淀剂C粗盐可采用除杂和重结晶等过程提纯D富集溴可用热空气吹出单质溴，原因是溴单质沸点低，易挥发11光谱研究表明，易溶于水的S02所形成的溶液中存在着下列平衡据此，下列判断中正确的是（）A该溶液中存在着SO2分子B该溶液中H浓度是SO32浓度的2倍C向该溶液中加入足量的酸都能放出SO2气体D向该溶液中加入过量NAOH可得到NA2SO3、NAHSO3和NAOH的混合溶液12氮化铝（ALN）是一种新型无机材料，广泛应用于电子、陶瓷等工业领域在一定条件下，ALN可通过反应AL2O3N23C2ALN3CO合成已知ALN可与NAOH溶液反应放出有刺激性气味的气体下列叙述正确的是（）A上述反应中，N2是还原剂，AL2O3是氧化剂B上述反应中，每生成1MOLALN需转移6MOL电子CALN属于离子化合物，其中氮元素的化合价为3DALN与NAOH溶液反应的化学方程式为ALNNAOHH2ONAALO2NH313在25101KPA下，2NA（S）O2（G）NA2O（S）H1414KJ/MOL，2NA（S）O2（G）NA2O2（S）H2511KJ/MOL，下列说法正确的是（）A和产物的阴阳离子个数比不相等B和生成等物质的量的产物，转移电子数不同C常温下NA与足量O2反应生成NA20，随温度升高生成NA20的速率逐渐加快D25101KPA下，NA202（S）2NA（S）2NA20（S）H317KJ/MOL14700时，向容积为2L的密闭容器中充入一定量的CO和H2O，发生反应CO（G）H2O（G）CO2（G）H2（G）反应过程中测定的部分数据见表（表中T2T1）反应时间/MINN（CO）/MOLH2O/MOL0120060T1080T2020下列说法正确的是（）A反应在T1MIN内的平均速率为V（H2）MOLL1MIN1B保持其他条件不变，起始时向容器中充入060MOLCO和120MOLH2O，到达平衡时N（CO2）030MOLC保持其他条件不变，向平衡体系中再通入020MOLH2O，与原平衡相比，达到新平衡时CO转化率增大，H2O的体积分数增大D温度升高至800，上述反应平衡常数为064，则正反应为吸热反应二、非选择题（本大题共6小题，共58分）15W、X、Y和Z都是周期表中前20号元素，已知W的阳离子和Y的阴离子具有相同的核外电子排布，且能形成组成为WY的化合物；Y和Z属同族元素，它们能形成两种常见化合物；X和Z属同一周期元素，它们能形成两种气态化合物；X的最外层电子数是其电子层数的2倍；X和Y不在同一周期，它们能形成组成为XY2的化合物请回答（1）Z元素在元素周期表中的位置为，化合物WY的电子式为（2）实验室用WX2与饱和食盐水来制某种气态有机化合物，反应的化学方程式为（3）CU2Z与过量浓硝酸反应有红棕色气体生成，反应的离子方程式为16普通纸张的主要成分是纤维素在早期的纸张生产中，常采用纸张表面涂敷明矾的工艺，以填补其表面的微孔，防止墨迹扩散请回答下列问题（1）人们发现纸张会发生酸性腐蚀而变脆、破损，严重威胁纸质文物的保存经分析检验，发现酸性腐蚀主要与造纸中涂敷明矾的工艺有关，其中的化学原理是；为了防止纸张的酸性腐蚀，可在纸浆中加入碳酸钙等添加剂，该工艺原理的离子方程式为（2）为了保护这些纸质文物，有人建议采取如下措施喷洒ZN（C2H5）2ZN（C2H5）2可以与水反应生成氧化锌和乙烷，生成的氧化锌可以防止酸性腐蚀用该方法生成氧化锌的化学方程式为（3）现代造纸工艺常用钛白粉（TIO2）替代明矾钛白粉的一种工业制法是以钛铁矿（主要成分为FETIO3）为原料按下列过程进行的，请完成下列化学方程式FETIO3CCL2TICL4FECL3COTICL4O2TIO22CL2（4）某新型“纸电池”以碳纳米管和金属锂为两极，造纸用的纤维素在一种离子液体M中溶解作隔离膜，电池工作时的总反应式为XLIC（碳纳米管）LIXC，下列有关说法正确的是A放电时LI由正极向负极移动B充电池的阳极反应式为LIXCXEXLICCM可能为羧酸、醇等含活泼氢的有机物D锂离子电池的比能量（单位质量释放的能量）低17（10分）（2015秋株洲校级期中）氮是地球上含量丰富的一种元素，氮及其化合物在工农业生产、生活中有着重要作用请回答下列有关含氮物质的问题（1）如图是1MOLNO2和1MOLCO反应生成CO2和NO过程中能量变化示意图，请写出NO2和CO反应的热化学方程式；恒温恒容条件下，不能说明该反应已达到平衡状态的是（填序号）A容器内混合气体颜色不再变化B容器内的压强保持不变CV逆（NO2）V正（NO）D容器内混合气体密度保持不变（2）汽车尾气里含有的NO气体是由于内燃机燃烧的高温引起氮气和氧气反应所致N2（G）O2（G）2NO（G）H0，已知该反应在2404时，平衡常数K64104该温度下，某时刻测得容器内N2、O2、NO的浓度分别为25101MOL/L、40102MOL/L和30103MOL/L，此时反应（填“处于化学平衡状态”、“向正反应方向进行”或“向逆反应方向进行”）（3）肼空气燃料电池是一种碱性燃料电池，电解质溶液是2030的KOH溶液总电池反应为N2H4O2N22H2O该电池放电时，负极的电极反应式是（4）盐酸肼（N2H6CL2）是一种重要的化工原料，属于离子化合物，易溶于水，溶液呈酸性，水解原理与NH4CL类似写出盐酸肼第一步水解反应的离子方程式18（10分）（2015秋株洲校级期中）现拟在实验室里利用空气和镁粉为原料制取少量氮化镁（MG3N2）可供选择的装置和药品如图所示（镁粉、还原铁粉均已干燥，装置内所发生的反应是完全的，整套装置的末端与干燥管相连）回答下列问题；（1）连接并检查实验装置的气密性实验开始时，打开自来水的开关，将空气从5升的储气瓶压入反应装置，则气流流经导管的顺序是（填字母代号）；（2）通气后，应先点燃处的酒精灯，再点燃处的酒精灯，如果同时点燃A、F装置的酒精灯，对实验结果的影响为；装置F的作用为（3）请设计一个实验，验证产物是氮化镁；（4）已知MG3N2是离子化合物，证明MG3N2是离子化合物实验依据是19（10分）（2013屯溪区校级模拟）酸性条件下，锡在水溶液中有SN2、SN4两种主要存在形式SNSO4是一种重要的硫酸盐，广泛应用于镀锡工业，其制备路线如下回答下列问题（1）SNCL2用盐酸而不用水直接溶解的原因是，加入SN粉的作用是（2）反应I生成的沉淀为SNO，写出该反应的化学方程式（3）检验沉淀已经“漂洗”干净的方法（4）反应硫酸的作用之一是控制溶液的PH，若溶液中C（SN2）10MOLL1，则应控制溶液PH已知KSPSN（OH）2101026（5）酸性条件下，SNSO4还可以用作双氧水去除剂，试写出发生反应的离子方程式20（12分）（2015秋株洲校级期中）A、B、C、D、E、F、G、H、I、J均为有机化合物根据框图，回答问题（1）的反应类型是，的反应类型是；（2）B和C均为有支链的有机化合物，C在浓硫酸作用下加热反应只能生成一种烯烃D，则C的系统命名为；A的结构简式为；（3）G能发生银镜反应，也能使溴的四氯化碳溶液褪色，则的化学方程式为；（4）H同分异构体中含有“”结构的链状化合物共有种；写出同时满足这四个条件的同分异构体的结构简式（）能发生水解反应（）能使溴的四氯化碳溶液褪色（）能发生银镜反应（）核磁共振氢谱峰面积之比为32120152016学年湖南省株洲二中高三（上）期中化学试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的）1化学与社会、生活密切相关对下列现象或事实的解释正确的是（）选项现象或事实解释A用热的纯碱溶液洗去油污NA2CO3可直接和油污反应B漂白粉在空气中久置变质漂白粉中的CACL2与空气中的CO2反应生成CACO3C用浸有酸性高锰酸钾溶液的硅藻土作水果保鲜剂酸性高锰酸钾溶液能还原水果释放的催熟剂乙烯D施肥时，草木灰（有效成分为K2CO3）不能与NH4CL混合使用K2CO3与NH4CL反应生成氨气会降低肥效AABBCCDD【考点】盐类水解的原理；乙烯的化学性质【专题】盐类的水解专题；有机物的化学性质及推断【分析】A、油脂在碱性溶液中水解生成溶于水的物质，碳酸钠溶液水解显碱性；B、漂白粉中有效成分次氯酸钙和空气中二氧化碳水反应生成次氯酸和碳酸钙；C、高锰酸钾溶液具有氧化性，乙烯是一种植物生长调节剂，对水果蔬菜具有催熟的作用，易被高锰酸钾溶液氧化；D、草木灰中碳酸钾溶液中水解显碱性，氯化铵溶液中铵根离子水解显酸性【解答】解A、用热的烧碱溶液洗去油污，油脂在氢氧化钠溶液中水解生成溶于水的物质，碳酸钠溶液反应是水解生成氢氧化钠显碱性，NA2CO3不可直接与油污反应，故A错误；B、漂白粉中有效成分次氯酸钙和空气中二氧化碳水反应生成次氯酸和碳酸钙，次氯酸见光分解，漂白粉失效，故B错误；C、乙烯是一种植物生长调节剂，对水果蔬菜具有催熟的作用，乙烯含有不饱和键能被酸性高锰酸钾氧化，故C错误；D、当施肥时草木灰（有效成分为K2CO3）与NH4CL混合使用，则二者的水解作用相互促进，使N元素以氨气的形式逸出因而肥效会降低，故D正确；故选D【点评】本题考查了盐类的水解、漂白粉、高锰酸钾溶液的性质、氧化还原反应的应用，题目难度不大，注意反应过程中实质的理解应用2下列有关仪器的使用方法、实验操作或实验结果正确的是（）A洗净的锥形瓶和容量瓶可以放进烘箱中烘干B酸式滴定管装标准液前，不需用该标准溶液润洗C锥形瓶用作反应容器时一定不能加热D蒸馏时若温度计水银球的位置低于蒸馏烧瓶支管口，可能会导致产品中混有低沸点杂质【考点】不能加热的仪器及使用方法【专题】化学实验常用仪器及试剂【分析】A带刻度仪器不能烘干；B滴定管在量取或者盛装溶液时必须润洗，否则会导致原溶液被蒸馏水稀释；C锥形瓶可以加热，加热时需要垫上石棉网；D若在下方位置，将收集到低沸点馏分【解答】解A不能用烘箱烘干带刻度仪器，会造成误差，故A错误；B酸式滴定管在盛放标准液之前，为了避免滴定管中的少量蒸馏水将标准液稀释，应该先用标准液润洗，再盛放标准液，故B错误；C可以给锥形瓶中液体进行加热，不过加热时需要垫上石棉网，故C错误；D蒸馏时测定馏分的温度，则温度计水银球插在蒸馏烧瓶支管口处，若在下方位置，将收集到低沸点馏分，故D正确；故选D【点评】本题考查了常见计量仪器的构造及使用方法，题目难度不大，注意掌握常见仪器的构造及正确的使用方法，明确容量瓶、锥形瓶、滴定管的使用方法3NA为阿伏伽德罗常数的值下列说法正确的是（）A18GD2O和18GH2O中含有的质子数均为10NAB1L01MOLL1的NAHCO3溶液中HCO3和CO32离子数之和为01NAC5NH4NO32HNO34N29H2O反应中，生成28GN2时，转移的电子数目为375NAD室温下，LLPH13的NAOH溶液中，由水电离的OH离子数目为0LNA【考点】阿伏加德罗常数【专题】阿伏加德罗常数和阿伏加德罗定律【分析】A、重水的摩尔质量为20G/MOL；B、HCO3既能水解又能电离；C、此反应转移转移15MOL电子，生成4MOL氮气；D、在氢氧化钠溶液中，氢氧根几乎全部来自于氢氧化钠的电离，氢离子全部来自于水的电离【解答】解A、重水的摩尔质量为20G/MOL，故18G重水的物质的量为09MOL，则含9MOL质子即9NA个，故A错误；B、HCO3既能水解为H2CO3又能电离为CO32，根据物料守恒可知，溶液中H2CO3、HCO3和CO32离子数之和为01NA，故B错误；C、此反应转移转移15MOL电子，生成4MOL氮气，故当生成28G氮气即1MOL氮气时转移375MOL电子即375NA个，故C正确；D、在氢氧化钠溶液中，氢氧根的物质的量NCV01MOL/L1L01MOL几乎全部来自于氢氧化钠的电离，氢离子的物质的量NCV1013MOL/L1L1013MOL全部来自于水的电离，而水电离出的氢离子和氢氧根的物质的量相等，故由水电离出的额氢氧根的物质的量也为1013MOL，即1013NA个，故D错误故选C【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大4下列物质分类正确的是（）混合物铝热剂、福尔马林、水玻璃、漂白粉化合物CACL2、烧碱、聚乙烯、HD电解质明矾、绿矾、冰醋酸、硫酸钡同系物CH2O2、C2H4O2、C3H6O2、C4H8O2同素异形体C60、C70、金刚石、石墨ABCD【考点】电解质与非电解质；同素异形体；混合物和纯净物；芳香烃、烃基和同系物【专题】物质的分类专题【分析】纯净物是由一种物质组成的物质，混合物是由多种物质组成的物质；单质是由同种元素组成的纯净物，化合物是由不同种元素组成的纯净物；电解质是在水溶液中或熔融状态下能导电的化合物；结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；由同种元素组成的不同单质叫同素异形体【解答】解铝热剂是铝粉与三氧化二铁的混合物与，福尔马林是甲醛的水溶液，水玻璃是硅酸钠水溶液，二者是混合物，漂白粉是氯化钙和次氯酸钙的混合物，故正确；氯化钙、烧碱、是由不同种元素组成的纯净物，是化合物；但聚乙烯是混合物，HD是由一种元素组成的，是单质，故错误；明矾、绿矾、硫酸钡均为离子化合物，在熔融状态下均能导电，故为电解质；冰醋酸是共价化合物，在熔融状态下不导电，但在水溶液中能导电，故也为电解质，故正确；CH202，C2H402，C3H602，C4H802，结构不一定相似，可能是羧酸也可能是酯，不是同系物，故错误；C60、C70、金刚石、石墨是同一元素的不同单质，属于同素异形体，故正确；故选C【点评】本题考查混合物、化合物、电解质、同系物、有机物的定义，难度不大，注意把握概念的区别5分子式为C5H10O2的有机物A，有果香味，不能使紫色石蕊试液变红，但可在酸性条件下水解生成有机物B和C，其中C能被催化氧化成醛，则A可能的结构共有（）A1种B6种C18种D28种【考点】有机物实验式和分子式的确定；同分异构现象和同分异构体【专题】同系物和同分异构体【分析】分子式为C5H10O2的酯为饱和一元酯，形成酯的羧酸与醇的碳原子总数为5，讨论羧酸与醇含有的碳原子，C能被催化氧化成醛，则C属于醇类并且结构中含有CH2OH结构，据此回答判断【解答】解分子式为C5H10O2的有机物A，有果香味，不能使紫色石蕊试液变红，则不属于羧酸类，属于饱和一元酯，若为甲酸和丁醇酯化，丁醇有4种，其中能氧化为醛的醇有1丁醇，2甲基1丙醇，甲酸只有一种，这样的酯有2种；若为乙酸和丙醇酯化，丙醇有2种，其中能氧化为醛的醇有1丙醇，乙酸只有一种，这样的酯有1种；若为丙酸和乙醇酯化，乙醇只有1种能氧化互为乙醛，丙酸有1种，这样的酯有1种；若为丁酸和甲醇酯化，甲醇只有1种，能氧化为甲醛，丁酸有2种，这样的酯有2种；故A可能的结构共有6种故选B【点评】本题考查同分异构体的书写与判断，难度中等，关键是形成酯的羧酸与醇的同分异构体的判断，注意利用数学法进行计算6用如图所示装置进行下列实验将中溶液滴入锥形瓶中，预测的现象与实际相符的是（）选项中物质锥形瓶中物质预测锥形瓶中的现象A浓盐酸“84”消毒液有黄绿色气体产生B浓硝酸光洁的铁钉产生红棕色气体C氯化铝溶液浓氢氧化钠溶液先有白色沉淀生成，后沉淀又溶解D草酸溶液酸性高锰酸钾溶液溶液逐渐褪色，有黑色沉淀生成AABBCCDD【考点】实验装置综合；氧化还原反应【专题】氧化还原反应专题；几种重要的金属及其化合物；气体的制备与性质检验类实验【分析】A浓盐酸与NACLO发生氧化还原反应生成氯气；B浓硝酸在常温下与FE发生钝化；C开始NAOH过量不生成沉淀；D发生氧化还原反应，高锰酸钾溶液褪色【解答】解A浓盐酸与NACLO发生氧化还原反应生成氯气，则有黄绿色气体产生，现象合理，故A正确；B常温下，FE遇浓硝酸发生钝化，则不能观察到红棕色气体，现象不合理，故B错误；CNAOH过量，开始不生成沉淀，反应生成偏铝酸钠和氯化钠，开始无现象，故C错误；D草酸与高锰酸钾发生氧化还原反应，溶液褪色，但不能生成黑色沉淀，现象不合理，故D错误；故选A【点评】本题考查物质的性质及实验装置的综合应用，为高频考点，把握物质的性质、发生的反应、反应与现象的关系为解答的关键，侧重分析与实验能力的综合考查，综合性较强，题目难度中等7能正确表示下列反应的离子方程式为（）A硫化亚铁溶于稀硝酸中FES2HFE2H2SB向明矾溶液中滴加BA（OH）2溶液，恰好使SO42沉淀完全2AL33SO423BA26OH2AL（OH）33BASO4C氯化钠与浓硫酸混合加热H2SO42CLSO2CL2H2OD向AGCL悬浊液中滴加NA2S溶液；白色沉淀变成黑色2AGCLS2AG2S2CL【考点】离子方程式的书写【专题】离子反应专题【分析】A稀硝酸具有强氧化性，能够将亚铁离子硫离子氧化；B硫酸根离子沉淀完全时，明矾与氢氧化钡的物质的量之比为12，铝离子完全转化成偏铝酸根离子；C氯化氢具有挥发性，浓硫酸与氯化钠反应生成氯化氢气体和硫酸钠；D硫化银比氯化银更难溶，则氯化银悬浊液中滴加硫化钠会生成硫化银黑色沉淀【解答】解A硫化亚铁和稀硝酸发生氧化还原反应，正确的离子方程式为NO3FES4HFE3SNO2H2O，故A错误；B明矾KAL（SO4）2溶液中滴入BA（OH）2溶液使SO42恰好完全沉淀，硫酸铝钾与氢氧化钡的物质的量之比为12，反应生成偏铝酸钠，正确的离子方程式为2BA24OHAL32SO422BASO4ALO22H2O，故B错误；C氯化钠与浓硫酸反应的化学方程式为2NACLH2SO4（浓）NA2SO42HCL，改写成离子方程式为2CLH2SO4（浓）SO422HCL，故C错误；DAGCL悬浊液中滴加NA2S溶液，由于氯化银的溶解度大于硫化银，则实现了沉淀转化，会会观察到白色沉淀变成黑色，反应的离子方程式为2AGCLS2AG2S2CL，故D正确；故选D【点评】本题考查了离子方程式的书写判断，为高考的高频题，属于中等难度的试题，注意掌握离子方程式的书写原则，明确离子方程式正误判断常用方法检查反应物、生成物是否正确，检查各物质拆分是否正确，如难溶物、弱电解质等需要保留化学式，检查是否符合原化学方程式等8中学化学中很多“规律”都有其适用范围，下列根据有关“规律”推出的结论合理的是（）A根据同周期元素的第一电离能变化趋势，推出B的第一电离能比BE大B根据主族元素最高正化合价与族序数的关系，推出氧族元素最高正价都是6C根据较强酸可以制取较弱酸的规律，推出CO2通入NACLO溶液中能生成HCLOD根据溶液的PH与溶液酸碱性的关系，推出PH72的溶液一定显碱性【考点】同一周期内元素性质的递变规律与原子结构的关系；同一主族内元素性质递变规律与原子结构的关系；溶液PH的定义【专题】元素周期律与元素周期表专题；电离平衡与溶液的PH专题【分析】A、BE原子2S能级为全满稳定状态，能量降低；B、氧元素一般没有正化合价；C、反应进行符合复分解反应的规律；D、溶液的酸碱性取决于C（H）、C（OH）相对大小【解答】解A、BE原子2S能级为全满稳定状态，能量降低，BE的第一电离能比B大，故A错误；B、氧元素一般没有正化合价，氧族元素除氧元素外，其它元素最高正价是6，故B错误；C、CO2通入NACLO溶液中能生成HCLO，符合复分解反应的条件，为强酸可以制取较弱酸的规律，故C正确；D、溶液的酸碱性取决于C（H）、C（OH）相对大小，温度低于25，水的离子积降低，中性时C（H）107MOL/L，PH7，故D错误故选C【点评】本题考查电离能、原子结构与性质关系、溶液酸碱性等，难度不大，注意基础知识的掌握与理解D选项要注意溶液酸碱性溶液的酸碱性取决于C（H）、C（OH）相对大小9热激活电池可用作火箭、导弹的工作电源一种热激活电池的基本结构如图所示，其中作为电解质的无水LICLKCL混合物受热熔融后，电池即可瞬间输出电能该电池总反应为PBSO42LICLCACACL2LI2SO4PB下列有关说法正确的是（）A常温时，在正负极间接上电流表或检流计，指针不偏转B放电过程中，LI向负极移动C每转移02MOL电子，理论上生成414GPBD正极反应式CA2CL2ECACL2【考点】化学电源新型电池【专题】电化学专题【分析】由原电池总反应可知CA为原电池的负极，被氧化生成反应H2（G）CL2（G）2HCL（G），反应的电极方程式为CA2CL2ECACL2，为原电池的正极，发生还原反应，电极方程式为PBSO42E2LILI2SO4PB，原电池工作时，阳离子向正极移动，阴离子向负极移动，结合电解方程式计算【解答】解A常温下，电解质不是熔融态，离子不能移动，不能产生电流，因此连接电流表或检流计，指针不偏转，故A正确；B放电过程中阳离子向正极移动，故B错误；C根据电极方程式PBSO42E2LILI2SO4PB，可知每转移01MOL电子，理论上生成005MOLPB，质量为1035G，故C错误；D正极发生还原反应，电极方程式为PBSO42E2LILI2SO4PB，故D错误；故选A【点评】本题考查原电池的工作原理，注意根据总反应式结合物质所含元素化合价的变化判断原电池的正负极，把握电极方程式的书写方法，易错点为D，注意把握原电池的构成条件，题目难度中等10海水开发利用的部分过程如图所示下列说法错误的是（）A向苦卤中通入CL2前，可先用稀硫酸酸化B工业生产中常选用KOH作为沉淀剂C粗盐可采用除杂和重结晶等过程提纯D富集溴可用热空气吹出单质溴，原因是溴单质沸点低，易挥发【考点】海水资源及其综合利用【专题】卤族元素；物质的分离提纯和鉴别【分析】海水开发利用空气吹出法是用于工业规模海水提溴的常用方法，其中一种工艺是在预先经过酸化的浓缩海水中，用氯气置换溴离子使之成为单质溴，继而通入空气和水蒸气，将溴吹入吸收塔，使溴蒸汽和吸收剂二氧化硫发生作用转化成氢溴酸以达到富集的目的，也就是得到富集溴然后，再用氯气将其氧化得到产品溴，粗盐中含有CA2、MG2、SO42等杂质，精制时应加入试剂进行除杂，过滤后向滤液中加入盐酸至溶液呈中性，再进行重结晶进行提纯，镁形成氢氧化镁沉淀A在酸性条件下不利于氯气和溴单质与水之间发生反应，向苦卤中通入CL2置换出溴单质，分离得到溴；B选用KOH作为沉淀剂不经济，工业生产中常选用生石灰或石灰水作沉淀剂；C粗盐中含有CA2、MG2、SO42等杂质，精制时应加入试剂进行除杂，过滤后向滤液中加入盐酸至溶液呈中性，再进行重结晶进行提纯；D溴单质沸点低，易挥发，先用空气和水蒸气吹出单质溴，再用SO2将其还原吸收转化为HBR，达到富集的目的【解答】解A氯气、溴单质与水之间能发生反应，酸化可抑制它们与水的反应，向苦卤中通入CL2置换出溴单质，分离得到溴，通入CL2是为了提取溴，向苦卤中通入CL2前，可先用稀硫酸酸化，故A正确；B煅烧贝壳得到CAO，将CAO溶于水得到石灰乳，石灰乳和镁离子反应生成氢氧化镁沉淀，沉淀剂廉价且原料来源广泛，工业生产中常选用生石灰或石灰水作沉淀剂，故B错误；C粗盐中含有CA2、MG2、SO42等杂质，精制时通常在溶液中依次中加入过量的BACL2溶液、过量的NAOH溶液和过量的NA2CO3溶液，过滤后向滤液中加入盐酸至溶液呈中性，再进行重结晶进行提纯，故C正确；D海水提取溴一般用氯气置换溴离子转化为溴单质，溴单质沸点低，易挥发，用空气和水蒸气吹出单质溴，再用SO2将其还原吸收转化为HBR，达到富集的目的，故D正确；故选B【点评】本题考查了海水资源的开发和利用，考查了学生分析和解决问题的能力，涉及氧化还原反应、除杂等知识点，明确物质的性质是解本题关键，题目难度中等11光谱研究表明，易溶于水的S02所形成的溶液中存在着下列平衡据此，下列判断中正确的是（）A该溶液中存在着SO2分子B该溶液中H浓度是SO32浓度的2倍C向该溶液中加入足量的酸都能放出SO2气体D向该溶液中加入过量NAOH可得到NA2SO3、NAHSO3和NAOH的混合溶液【考点】化学平衡的影响因素；化学反应的可逆性；化学平衡建立的过程【专题】压轴题【分析】根据化学平衡的中的反应为可逆反应，则在转化中存在不完全转化性，反应物与生成物都存在同一体系中，并利用离子浓度的改变来分析平衡的移动【解答】解A、因为该反应是可逆反应，所以达到平衡后反应物和生成物共同存在于体系中，即存在SO2分子，故A正确；B、因溶液中H的来源有3个方面，即水的电离、SO2XH2O和HSO3的电离，因此溶液中H浓度不一定是SO32浓度的2倍，故B错误；C、SO2是一种还原性气体，若加入的酸是氧化性酸，SO2将被氧化成硫酸而不会放出SO2气体，当加入非氧化性酸，平衡逆向移动，有气体放出，故C错误；D、NAHSO3是一种酸式盐可以与NAOH反应，因氢氧化钠过量，则方程式为NAHSO3NAOHNA2SO3H2O，则不存在NAHSO3，故D错误；故选A【点评】本题考查化学平衡状态的特点和外界条件对化学平衡的影响，明确反应的可逆性、不完全转化性、物质之间的化学反应是解答本题的关键12氮化铝（ALN）是一种新型无机材料，广泛应用于电子、陶瓷等工业领域在一定条件下，ALN可通过反应AL2O3N23C2ALN3CO合成已知ALN可与NAOH溶液反应放出有刺激性气味的气体下列叙述正确的是（）A上述反应中，N2是还原剂，AL2O3是氧化剂B上述反应中，每生成1MOLALN需转移6MOL电子CALN属于离子化合物，其中氮元素的化合价为3DALN与NAOH溶液反应的化学方程式为ALNNAOHH2ONAALO2NH3【考点】氧化还原反应【专题】氧化还原反应专题【分析】化还原反应中化合价升高元素失去电子，所在的反应物是还原剂，对应的产物是氧化产物，化合价降低元素得到电子，所在的反应物是氧化剂，对应的产物是还原产物，化合价升高数目化合价降低数目化学反应转移电子数目【解答】解A、反应AL2O3N23C2ALN3CO中，氮元素化合价降低，N2是氧化剂，碳元素化合价升高，所以C是还原剂，故A错误；B、反应AL2O3N23C2ALN3CO中，化合价升高数目化合价降低数目化学反应转移电子数目6，即每生成2MOLALN需转移6MOL电子，所以每生成1MOLALN需转移3MOL电子，故B错误；C、ALN中铝元素显3价，根据化合价规则，所以氮的化合价为3，故C错误；D、ALN与NAOH溶液反应生成偏铝酸钠和氨气，其反应的化学方程式为ALNNAOHH2ONAALO2NH3，故D正确故选D【点评】本题考查氧化还原反应，明确元素化合价即可分析解答本题，难度不大，侧重于考查学生的分析能力和对基础知识的应用能力13在25101KPA下，2NA（S）O2（G）NA2O（S）H1414KJ/MOL，2NA（S）O2（G）NA2O2（S）H2511KJ/MOL，下列说法正确的是（）A和产物的阴阳离子个数比不相等B和生成等物质的量的产物，转移电子数不同C常温下NA与足量O2反应生成NA20，随温度升高生成NA20的速率逐渐加快D25101KPA下，NA202（S）2NA（S）2NA20（S）H317KJ/MOL【考点】用盖斯定律进行有关反应热的计算；钠的重要化合物【专题】化学反应中的能量变化；几种重要的金属及其化合物【分析】A、NA2O中阴阳离子个数之比为12，NA2O2中阴阳离子个数之比为12；B、由钠原子的个数及钠元素的化合价分析转移的电子数；C、钠与氧气在加热时生成过氧化钠，温度越高，反应速率越大；D、利用已知的两个反应和盖斯定律来分析【解答】解A、在NA2O中阳离子是钠离子、阴离子是氧离子，NA2O2中阳离子是钠离子、阴离子是过氧根离子，因此阴、阳离子的个数比都是12，和产物的阴阳离子个数比相等，故A错误；B、由钠原子守恒可知，和生成等物质的量的产物时，钠元素的化合价都是由0升高到1价，则转移的电子数相同，故B错误；C、常温下NA与足量O2反应生成NA2O，随温度升高生成NA2O2，且速率逐渐加快，故C错误；D、热化学方程式25、101KPA下2NA（S）O2（G）NA2O（S）H414KJMOL1，2NA（S）O2（G）NA2O2（S）H511KJMOL1，2可得NA2O2（S）2NA（S）2NA2O（S）H317KJMOL1，故D正确；故选D【点评】本题是一综合题，考查化学键类型、氧化还原反应的计算、元素化合物知识、以及盖斯定律，考查了多个考点，设点全面，但难度适中，是一好题14700时，向容积为2L的密闭容器中充入一定量的CO和H2O，发生反应CO（G）H2O（G）CO2（G）H2（G）反应过程中测定的部分数据见表（表中T2T1）反应时间/MINN（CO）/MOLH2O/MOL0120060T1080T2020下列说法正确的是（）A反应在T1MIN内的平均速率为V（H2）MOLL1MIN1B保持其他条件不变，起始时向容器中充入060MOLCO和120MOLH2O，到达平衡时N（CO2）030MOLC保持其他条件不变，向平衡体系中再通入020MOLH2O，与原平衡相比，达到新平衡时CO转化率增大，H2O的体积分数增大D温度升高至800，上述反应平衡常数为064，则正反应为吸热反应【考点】化学平衡的计算【专题】溶液浓度的计算【分析】A由表中数据，可知T1MIN内N（CO）12MOL08MOL04MOL，由方程式可知N（H2）N（CO）04MOL，再根据V计算V（H2）；BT2MIN时反应的水为06MOL02MOL04MOL，由方程式可知参加反应的CO为04MOL，故T2MIN时CO为12MOL04MOL08MOL，与T1MIN时CO的物质的量相等，则T1MIN时到达平衡状态若保持其他条件不变，起始时向容器中充入060MOLCO（G）和120MOLH2O（G），与原平衡中物质的量互换，二者按物质的量11反应，平衡常数不变，则生成物中同种物质的浓度相等，恒容条件下同种物质的物质的量相等；C保持其他条件不变，向平衡体系中再通入020MOLH2O，与原平衡相比平衡正向移动，等效为开始通入16MOLCO（G）和08MOLH2O（G）平衡后移走04MOLCO（G），开始通入16MOLCO（G）和08MOLH2O（G）与原平衡为等效平衡，平衡时相同物质的含量相同；D700时，向容积为2L的密闭容器中开始通入12MOLCO（G）和06MOLH2O（G），平衡时水为02MOL，则CO（G）H2O（G）CO2（G）H2（G）起始量（MOL）120600变化量（MOL）04040404平衡量（MOL）08020404故700时平衡常数K1，若温度升至800，上述反应平衡常数为064，小于700时平衡常数K1，说明升高温度平衡逆向移动，升高温度平衡向吸热反应移动【解答】解A由表中数据，可知T1MIN内N（CO）12MOL08MOL04MOL，由方程式可知N（H2）N（CO）04MOL，则V（H2）MOL/（LMIN），故A错误；BT2MIN时反应的水为06MOL02MOL04MOL，由方程式可知参加反应的CO为04MOL，故T2MIN时CO为12MOL04MOL08MOL，与T1MIN时CO的物质的量相等，则T1MIN时到达平衡状态，平衡时二氧化碳为04MOL若保持其他条件不变，起始时向容器中充入060MOLCO（G）和120MOLH2O（G），与原平衡中物质的量互换，二者按物质的量11反应，平衡常数不变，则生成物中同种物质的浓度相等，恒容条件下同种物质的物质的量相等，故到达平衡时N（CO2）040MOL，故B错误；C保持其他条件不变，向平衡体系中再通入020MOLH2O，与原平衡相比平衡正向移动，达到新平衡时CO转化率增大，开始通入16MOLCO（G）和08MOLH2O（G）与原平衡为等效平衡，向平衡体系中再通入020MOLH2O等效为开始通入16MOLCO（G）和08MOLH2O（G）平衡后移走04MOLCO（G），平衡逆向移动，H2O的体积分数增大，故C正确；D700时，向容积为2L的密闭容器中开始通入12MOLCO（G）和06MOLH2O（G），平衡时水为02MOL，则CO（G）H2O（G）CO2（G）H2（G）起始量（MOL）120600变化量（MOL）04040404平衡量（MOL）08020404故700时平衡常数K1，若温度升至800，上述反应平衡常数为064，小于700时平衡常数K1，说明升高温度平衡逆向移动，升高温度平衡向吸热反应移动，则正反应为放热反应，故D错误，故选C【点评】本题考查化学平衡计算，涉及反应速率计算、平衡常数应用与影响因素，侧重考查学生对数据的分析处理能力，难度中等二、非选择题（本大题共6小题，共58分）15W、X、Y和Z都是周期表中前20号元素，已知W的阳离子和Y的阴离子具有相同的核外电子排布，且能形成组成为WY的化合物；Y和Z属同族元素，它们能形成两种常见化合物；X和Z属同一周期元素，它们能形成两种气态化合物；X的最外层电子数是其电子层数的2倍；X和Y不在同一周期，它们能形成组成为XY2的化合物请回答（1）Z元素在元素周期表中的位置为第二周期第VIA族，化合物WY的电子式为（2）实验室用WX2与饱和食盐水来制某种气态有机化合物，反应的化学方程式为CAC22H2OCA（OH）2C2H2（3）CU2Z与过量浓硝酸反应有红棕色气体生成，反应的离子方程式为CU2O6H2NO32CU23H2O2NO2【考点】位置结构性质的相互关系应用【专题】元素周期律与元素周期表专题【分析】W、X、Y和Z都是周期表中前20号元素，由中X的最外层电子数是其电子层数的2倍，X为C或S元素，由中X和Z属同一周期元素，它们能形成两种气态化合物，结合中Y和Z属同族元素，它们能形成两种常见化合物，可推知X为C元素，Z为O元素，Y为S元素，C元素与S盐酸可以CS2由中W的阳离子和Y的阴离子具有相同的核外电子排布，且能形成组成为WY的化合物，则W为CA，化合物WY为CAS，据此解答【解答】解W、X、Y和Z都是周期表中前20号元素，由中X的最外层电子数是其电子层数的2倍，X为C或S元素，由中X和Z属同一周期元素，它们能形成两种气态化合物，结合中Y和Z属同族元素，它们能形成两种常见化合物，可推知X为C元素，Z为O元素，Y为S元素，C元素与S盐酸可以CS2由中W的阳离子和Y的阴离子具有相同的核外电子排布，且能形成组成为WY的化合物，则W为CA，化合物WY为CAS（1）Z为O元素，元素在元素周期表中的位置为第二周期第VIA族，化合物CAS的电子式为，故答案为第二周期第VIA族；（2）实验室用CAC2与饱和食盐水来制C2H2，反应的化学方程式为CAC22H2OCA（OH）2C2H2，故答案为CAC22H2OCA（OH）2C2H2；（3）CU2O与过量浓硝酸反应有红棕色气体生成，反应的离子方程式为CU2O6H2NO32CU23H2O2NO2，故答案为CU2O6H2NO32CU23H2O2NO2【点评】本题考查位置结构性质关系的综合应用，难度中等，关键是正确推断元素，需要学生熟练掌握元素化合物知识16普通纸张的主要成分是纤维素在早期的纸张生产中，常采用纸张表面涂敷明矾的工艺，以填补其表面的微孔，防止墨迹扩散请回答下列问题（1）人们发现纸张会发生酸性腐蚀而变脆、破损，严重威胁纸质文物的保存经分析检验，发现酸性腐蚀主要与造纸中涂敷明矾的工艺有关，其中的化学原理是明矾水解产生酸性环境，在酸性条件下纤维素水解，使高分子链断裂；为了防止纸张的酸性腐蚀，可在纸浆中加入碳酸钙等添加剂，该工艺原理的离子方程式为CACO32HCA2CO2H2O（2）为了保护这些纸质文物，有人建议采取如下措施喷洒ZN（C2H5）2ZN（C2H5）2可以与水反应生成氧化锌和乙烷，生成的氧化锌可以防止酸性腐蚀用该方法生成氧化锌的化学方程式为ZN（C2H5）2H2OZNO2C2H6（3）现代造纸工艺常用钛白粉（TIO2）替代明矾钛白粉的一种工业制法是以钛铁矿（主要成分为FETIO3）为原料按下列过程进行的，请完成下列化学方程式2FETIO36C7CL22TICL42FECL36COTICL4O2TIO22CL2（4）某新型“纸电池”以碳纳米管和金属锂为两极，造纸用的纤维素在一种离子液体M中溶解作隔离膜，电池工作时的总反应式为XLIC（碳纳米管）LIXC，下列有关说法正确的是BA放电时LI由正极向负极移动B充电池的阳极反应式为LIXCXEXLICCM可能为羧酸、醇等含活泼氢的有机物D锂离子电池的比能量（单位质量释放的能量）低【考点】盐类水解的应用；氧化还原反应方程式的配平；原电池和电解池的工作原理【专题】基本概念与基本理论【分析】（1）明矾电离产生的铝离子为弱碱阳离子，水解显酸性，而纤维素在酸性条件下能发生水解，导致纸张发生腐蚀；为了防止纸张的酸性腐蚀，可在纸浆中加入碳酸钙等添加剂，碳酸钙能够与氢离子反应而消耗氢离子，据此解答；（2）由题目选项信息知ZN（C2H5）2与水反应生成氧化锌和乙烷，氧化锌和H反应生成锌离子和水，据此书写化学方程式；（3）分析反应中各元素化合价变化，找出元素化合价升高的元素和化合价降低的元素，依据氧化还原反应中得失电子守恒规律结合原子个数守恒规律书写方程式；（4）A原电池放电时，阳离子向正极移动；B充电时，阳极上失电子发生氧化反应；CX为离子液体；D单位质量所输出电能越多，其比能量越大，性能越好【解答】解（1）明矾离产生的铝离子为弱碱阳离子，水解显酸性，纸张发生酸性腐蚀的原因是纤维素在酸性条件下能发生水解；碳酸钙能中和H，可防止纸张的酸性腐蚀，反应的离子方程式为CACO32HCA2CO2H2O，所以为了防止纸张的酸性腐蚀，可在纸浆中加入碳酸钙等添加剂；故答案为明矾水解产生酸性环境，在酸性条件下纤维素水解，使高分子链断裂；CACO32HCA2CO2H2O；（2）由信息可知ZN（C2H5）2可以与水反应生成氧化锌和乙烷，化学方程式为ZN（C2H5）2H2O