安徽省涡阳县育萃中学2020_2021学年高二物理上学期第一次月考试题20201104026.doc
安徽省涡阳县育萃中学2020_2021学年高二上学期第一次月考试题全科
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_2021
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安徽省涡阳县育萃中学2020_2021学年高二上学期第一次月考试题全科,安徽省,涡阳县,中学,2020,_2021,年高,学期,第一次,月考,试题
- 内容简介：
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安徽省涡阳县育萃中学2020-2021学年高二物理上学期第一次月考试题考试时间：90分钟一、选择题 （本大题有十二小题其中1-8为单选，9-12为多选，每小题4分，共48分）1.关于冲量和动量，下列说法中错误的是（ ）a. 冲量是反映力对时间的积累效应的物理量 b.动量是描述物体运动状态的物理量c.冲量是物体动量变化的原因 d.冲量方向与动量方向一致2带有等量异种电荷的一对平行金属板，如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，它的电场线也不是彼此平行的直线，而是如图所示的曲线，关于这种电场，以下说法正确的是（）a这种电场的电场线虽然是曲线，但是电场线的分布却是左右对称的，很有规律性，它们之间的电场，除边缘部分外，可以看做匀强电场b电场内部a点的电场强度小于b点的电场强度c电场内部a点的电场强度等于b点的电场强度d若将一正电荷从电场中的a点由静止释放，它将沿着电场线方向运动到负极板acbd3、如图所示，两个完全相同的金属小球a、b带有电量相等的电荷，相隔一定的距离，两球间相互吸引力的大小是f，今让与a、b大小相等、相同材料制成的不带电的第三个小球c先后与a、b两球接触后移开，这时，ab两球之间的相互作用力的大小为：（ ） a、f/8 b、f/4 c、3f/8 d、3f/44.篮球运动员接传来的篮球时，通常要先伸出两臂迎接，手接触到球后，两臂随球迅速引至胸前.这样做可以（ ）a.减小球对手的冲量 b.减小球的动量变化率c.减小球的动量变化量 d.减小球的动能变化量5.质量为1kg的物体做变速直线运动，它的速度时间图像如图所示，则该物体在前10s内与后10s内两段时间，所受外力的冲量分别是（ ）a.10，10 b.10，10c.0，-10 d. 0，106一个质量为，底边长为的三角形劈静止于光滑水平面上，有一个质量为的小球由斜面顶部无初速度滑到底部时，斜劈移动的距离是（ ） 7如图所示，a、b是两个用等长细线悬挂起来的大小可忽略不计的小球，。b球静止，拉起a球，使细线与竖直方向偏角为30，由静止释放，在最低点a与b发生弹性碰撞。不计空气阻力，则关于碰后两小球的运动，下列说法正确的是( )aa静止，b向右，且偏角小于30ba向左，b向右，且偏角等于30ca向左，b向右，a偏角大于b偏角，且都小于30da向左，b向右，a偏角等于b偏角，且都小于308、质量分别为m1、m2的a、b两小球分别带电荷量为q1和q2的同种电荷,它们用等长的细线吊在同一点o,使a球靠在竖直光滑墙上,a球的细线l1沿竖直方向,由于静电斥力的作用,b球的细线l2与竖直方向成角,a、b均处于静止状态,如图所示。由于某种原因,b球的带电荷量q2逐渐减少,于是两细线之间的夹角也逐渐减小。在逐渐减小的过程中,关于l1、l2中的张力t1、t2的变化是()a. t1变小,t2不变b.t1不变,t2变小c.t1、t2均变小d.t1、t2均不变9. 如图所示，质量分别为m和2m的a、b两个木块间用轻弹簧相连，放在光滑水平面上，a靠紧竖直墙用水平力f将b向左压，使弹簧被压缩一定长度，静止后弹簧储存的弹性势能为e这时突然撤去f，关于a、b和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是（ ）a撤去f后，系统动量守恒，机械能守恒b撤去f后，a离开竖直墙前，系统动量不守恒，机械能守恒c撤去f后，a离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为ed撤去f后，a离开竖直墙后，弹簧的弹性势能最大值为e/310两带电金属球在绝缘的光滑水平面上，沿同一直线相向运动，球带电为，球带电为。下列说法正确的是 （ ） 相碰前两球的运动过程中，两球的总动量守恒相碰前两球总动量随两球距离的逐渐减少而增大相碰分离后两球总动量不等于相碰前两球总动量，因为两球相碰前的作用力为引力，而相碰后的作用力为斥力相碰分离后任一瞬间两球的总动量等于碰前的总动量，因为两球组成的系统合外力为零11.如图所示，虚线为一静电场中的等势面1、2、3、4，相邻等势面间的电势差相等，其中等势面3的电势为0。一带正电的点电荷仅在静电力的作用下沿图中实线从a点运动到b 点，经过a、b两点时粒子的动能分别为5ev和26ev。当这一点电荷运动到某一位置c时，其电势能变为-5 ev。下列说法正确的是a粒子从a点运动到b点的过程中电场力做负功 b粒子在a点的电势能小于其在b点的电势能 c粒子在c点时的动能为24 ev da、b点的电势关系为12如图甲所示，真空中ox坐标轴上的某点有一个点电荷q，坐标轴上a，b两点的坐标分别为0.2 m和0.7 m在a点放一个带正电的试探电荷，在b点放一个带负电的试探电荷，a，b两点的试探电荷受到静电力的方向都跟x轴正方向相同，静电力的大小f跟试探电荷电荷量q大小的关系分别如图乙中直线a，b所示下列说法正确的是( )ab点的电场强度的大小为0.25 n/cba点的电场强度的方向沿x轴正方向 c点电荷q是正电荷d点电荷q的位置坐标为0.3 m二、填空题（本小题有两小题，13题6分，14题10分每问2；共16分）13.(1)用如图所示装置探究碰撞中的不变量，气垫导轨水平放置，挡光板宽度为9.0mm，两滑块被弹簧(图中未画出)弹开后，左侧滑块通过左侧光电计时器，记录时间为0.040s，右侧滑块通过右侧光电计时器，记录时间为0.060s，左侧滑块质量为100g，左侧滑块的m1v1_gm/s，右侧滑块质量为150 g，两滑块质量与速度的乘积的矢量和m1v1m2v2_ gm/s.(2)对于实验最终的结论m1v1m2v2m1v1m2v2，下列说法正确的是_ .a仅限于一维碰撞b任何情况下m1vm2vm1v12m2v22也一定成立c式中的v1、v2、v1、v2都是速度的大小d式中的不变量是m1和m2组成的系统的质量与速度乘积之和14.小刚同学设计了一个用电磁打点计时器验证动量守恒定律的实验：（1）下面是实验的主要步骤：把长木板放置在水平桌面上，其中一端用薄木片垫高；把打点计时器固定在长木板的一端；将纸带穿过打点计时器并固定在小车a的一端；把小车a的前端固定橡皮泥，让小车b静止的放置在木板上；先_，再_，接着与原来静止在前方的小车b相碰并粘合成一体继续运动；（以上两空填写后续描述中的字母符号：a推动小车a使之运动，b接通电源）关闭电源，取下纸带，换上新纸带，重复步骤，选出较理想的纸带如图乙所示；用天平测得小车a的质量为m1=0.4kg，小车b的质量为m2=0.2kg（2）在上述实验步骤中，还需完善的步骤是_（填写步骤序号）（3）若已测得打点纸带如图乙所示，并测得各计数点间距（已标在图上）a为运动的起点，则应选_段来计算a碰前的速度应选_段来计算a和b碰后的共同速度；（以上两空选填“ab”或“bc”或“cd”或“de”）（4）根据以上实验数据计算，碰前两小车的总动量为_kgm/s，碰后两小车的总动量为_kgm/s（以上两空结果保留三位有效数字）（5）试说明（4）问中两结果不完全相等的主要原因是_三解答题（写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不得分，有数值计算的题要写出数值的单位。）15.（6分）如图所示，带正电小球质量为m=1102kg，带电量为q=1106c，置于光滑绝缘水平面上的a点当空间存在着斜向上的匀强电场时，电场强度方向与水平面夹角为30，该小球从静止开始始终沿水平面做匀加速直线运动，当运动到b点时，测得其速度vb=1.5m/s，此时小球的位移为s=0.15m（g=10m/s2）求：（1）物体运动的加速度（2）匀强电场的场强大小（3）若要物体由a运动到b点的时间最短，需要增加匀强电场的场强e大小（不改变方向），则场强e的最大值为多大16.（8分）所示，光滑绝缘细杆竖直放置，细杆右侧距杆0.3m处有一固定的点电荷q，a、b是细杆上的两点，点a与q、点b与q的连线与杆的夹角均为=37。一中间有小孔的带电小球穿在绝缘细杆上滑下，通过a 点时加速度为零，速度为3m/s，取g=10m/s2，求小球下落到b点时的加速度和速度的大小。17.（8分） 如图所示，在光滑水平面上并排放着a,b两木块,质量分别为ma,mb,一颗质量为m的 子弹以水平速度v0先后击中木块ab,木块ab对子弹的阻力恒为f。子弹穿过木块a的时间为t1,穿过木块b的时间为t2.求1）子弹刚穿过木块a后,木块a的速度va和子弹的速度v1分别是多大?2）子弹穿过木块b后,木块b的速度vb和子弹的速度v2又分别是多大?18.（14分）如图所示,一质量m=3 kg的足够长木板b静止在光滑水平面上,b的右侧有竖直墙壁,b的右端与墙壁的距离l=4 m。现有一可视为质点的质量m=1 kg的小物体a,以初速度v0=8 m/s从b的左端水平滑上b,已知a、b间的动摩擦因数=0.2,b与竖直墙壁的碰撞时间极短,且碰撞时无能量损失。已知全过程中a都在b上。(1)求b与竖直墙壁碰撞前瞬间的速度大小v;(2)求从a滑上b到b与墙壁碰撞所用的时间t;(3)小物体最终距长木板左端的距离s.物理答案一选择题号123456789101112答案ddabcbcabdadcdbd二 填空13.【答案】（每空2分） 22.5；0；d； 14.15.解：（1）小球做初速度为零的匀加速直线运动，由匀变速直线运动的速度位移公式得：加速度：v2=2ax 1分a=7.5m/s2； 1分（2）由牛顿第二定律得：qecos30=ma， 1分代入数据解得：e=5104v/m； 1分（3）当地面对小球的支持力为零时，电场强度最大，在竖直方向，由平衡条件得：qemaxsin30=mg， 1分代入数据解得：emax=2105v/m； 1分16.解:(1)在a处,小球受力如图所示,根据题意可以知道 2 分在b处,小球受力如图所示,根据牛顿第二定律得 1分 联立得:,方向竖直向下. 1分(2)a、b两点位于同一等势面上,所以小球从a运动到b过程中,电场力做功为零,由动能定理得: 2分由题: 1分联立上两式得: 1分 17.(1)ft1=(ma+mb)va 1分 1分ft1=mv0-mv1 1分 1分(2)f(t1+t2)=mv0-mv2 1分 1分ft2=mbvb-mbva 1分 1分18.解析:(1)设a、b达到的共同速度为v,根据动量守恒有mv0=(m+m)v 1分解得v=2 m/s 1分设这一过程中b向右运动的位移为x1,根据动能定理有 2分因xl,a、b达到共同速度后才与墙碰撞,故b与墙
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