2019年四川省天府大联考高考物理模拟试卷(五)

1、2019 年四川省天府大联考高考物理模拟试卷（五）副标题题号一二三四总分得分一、单选题（本大题共5 小题，共30.0 分）1. 如图，汽车停在缓坡上，要求驾驶员在保证汽车不后退的前提下向上启动，这就是汽车驾驶中的“坡道起步”。驾驶员的正确操作是：变速杆挂人低速挡，徐徐踩下加速踏板，然后慢慢松开离合器，同时松开手刹，汽车慢慢启动。下列说法正确的是（）A. 变速杆挂人低速挡，是为了增大汽车的输出功率B. 变速杆挂人低速挡，是为了能够提供较大的牵引力C. 徐徐踩下加速踏板，是为了让牵引力对汽车做更多的功D. 徐徐踩下加速踏板，是为了让汽车的输出功率保持为额定功率2. 如图所示，倾角 =37、质量为

2、5kg 的斜面体 M 的斜面光滑，放置在粗糙的水平地面上，其顶端固定一个定滑轮，跨过定滑轮的细线一端连接质量为m=2kg 的小物块，另一端连接劲度系数为 k=5N/cm 的弹簧， 弹簧下端固定在地面上， 系统处于静止状态。若不计滑轮，支柱、细线及弹簧的质量，也不计细线与滑轮间的摩擦，重力加速度g 取 10m/s2，（ sin37 =0.6， cos37=0.8 ），则以下判断正确的是（）A. 轻弹簧处于拉伸状态，形变量为2cmB. 滑轮支柱对斜面体M 的作用力竖直向下C. 地面对斜面体M 的支持力大小为70ND. 地面对斜面体M 的摩擦力方向水平向右3. 如图所示， A、 B 两小球从相同高度

3、同时水平抛出，经过时间 t 在空中 P 点相遇，若仍然同时将两球水平抛出，只是抛出的速度均增大一倍，则两球从抛出到相遇所需时间 t、相遇点 P的描述中正确的是（）第1页，共 18页A. t =t， P点与 P 点重合B.C. t = ， P点在 P 点正上方D.t= ， P点与 P 点重合t= ，P点在 P 点正下方4. 如图所示， 水平地面上放置一块质量 M=2kg、长度 L=1m 的木板， 小木块 m 的质量为 1kg、不计大小，用一根跨过定滑轮的轻绳栓接好它们。开始时木块静止在木板最右端， 现用水平向右的拉力 F 作用在木板右端， 经过一段时间后小木块到达木板左端。已知木块与木板之间的动

4、摩擦因素u=0.2，则下列说法不正确的是（）A. 若地面光滑，拉力大小至少为4NB. 若地面光滑，拉力做功至少为2JC. 若地面与木板间动摩擦因素也为0.2，拉力大小至少为8ND. 若地面与木板间动摩擦因素也为0.2，拉力做功至少为8J5. 如图所示电路，电源内阻不可以忽略开关S 闭合后，在滑动变阻器的滑动端向上滑动的过程中（）A. 电压表与电流表都减小B. 电压表与电流表都增大C. 电压表示数增大，电流表示数减小D. 电压表示数减小，电流表示数增大二、多选题（本大题共5 小题，共28.0 分）6. 电场线能直观、 方便地反映电场的分布情况。 如图甲是等量正点电荷形成电场的电场线，图乙是场中的

5、一些点；O 是电荷连线的中点，E、 F 是连线中垂线上相对O对称的两点， B、 C 和 A、D 也相对 O 对称。则（）A. E、 F 两点场强相同B. A、 D 两点场不同C. B、O、C 三点， O 点场强最弱D. 从 E 向 O 点运动的电子加速度逐渐减小7. 如图所示， M、N 是竖直放置的两平行金属板，分别带等量异种电荷，两极间产生一个水平向右的匀强电场， 场强为 E，一质量为 m、电荷量为 +q 的微粒，以初速度 v0 竖直向上从两极正中间的A 点射入匀强电场中，微粒垂直打到N 极上的C 点，已知AB=BC，不计空气阻力，则可知（）A. 微粒的运动轨迹是抛物线B. 微粒运动的电势能

6、逐渐增大C. 因机械能守恒所以有vC=v0D. MN 板间的电势差为第2页，共 18页8. 如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板A、B与电源 E 相连， 在距离两板等距离的P 点有一个带电液滴处于静止状态。现将A 板缓慢地向下平移一小段距离，但仍在 P 点下方，下列说法中正确的是 （）A. 液滴带正电B. P 点电势将升高C. 带电液滴的机械能将增大D. 将有电流从b 端通过 G 表流向 a 端9.下列说法正确的是（）A. 因为布朗运动的激烈程度与温度有关，所以布朗运动又叫热分子运动B. 物体的动能减小时，物体的温度可能增加C. 一定温度下某理想气体， 当温度升高时， 其中某 10 个分子

7、的平均动能可能减小D. 当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小E. 在“单分子油膜法估测分子大小”的实验中，如果油酸未完全散开会使结果偏小10.如图所示， OMN 为玻璃等腰三棱镜的横截面，a、b 两束可见单色光从空气垂直射入棱镜底面MN（两束光关于OO对称），在棱镜侧面OM 、 ON 上反射和折射的情况如图所示，下列说法正确的是（）A. 若光束从玻璃棱镜中射向空气，则光束 b 容易发生全反射B. 在玻璃棱镜中，a 光的传播速度小于b 光的传播速度C. 若保持 b 光入射点位置不同，将光束b 顺时针旋转，则NO 面可能有光线射出D. 用 a、 b 光在同样的装置做“双缝干涉”实验，a 光的条

8、纹间距大E. 用 a、 b 照射同一狭缝， b 光衍射现象更明显三、实验题探究题（本大题共2 小题，共15.0 分）11.图示是“研究平行板电容器的电容与哪些因素有关”的实验装置。两块相互靠近的等大正对平行金属平板M、N 组成电容器， 板 N 固定在绝缘座上并通过导线与静电计中心杆相接，板M 和静电计的金属壳都通过导线接地，板M 上装有绝缘手柄，可以执手柄控制板M 的位置。（ 1）初步分析影响因素可能有两板间距大小、极板正对面积大小、电介质的介电常数的大小等，所以本实验所用的科学探究方法是 _（选填“理想实验法”、“建立物理模型法”或“控制变量法”）（ 2）先让电容器充上一定的电荷， 静电计指

9、针张开一定角度。 再进行以下实验 （每次保证其他条件不变化）若仅将两极板间的距离增大，则静电计指针的偏角将_（选填“变大”、“不变”或“变小”）；若仅减小两极板间的正对面积，则静电计指针的偏角将_（选填“变大”、“不变”或“变小”）；若在两板板间插入云母片，则静电计指针的偏角将 _（选填“变大”、“不变”或“变小”）；若在两极板间插入一块很薄的金属板，则静电计指针偏角将_（选填“变大”、“不变”或“变小”）。第3页，共 18页12.如图 1 所示，用伏安法测电源电动势和内阻的实验中，在电路中接一阻值为2的电阻 R0，通过改变滑动变阻器，得到几组电表的实验数据：U/（V）1.21.00.80.6

10、1.30.9I/（ A）0.100.170.230.300.070.2（ 1） R0 的作用是 _ 。（ 2）在图 2 的坐标系内作出 U -I 图线。（ 3）利用图线， 测得电动势 E=_V，内阻 r=_ （保留两位有效数字）四、计算题（本大题共4 小题，共 52.0 分）ABA电量为+QB- Q13. 如图所示，、 是固定于同一条竖直线上的带电小球，、 电量为，CD 是它们的中垂线，另有一个带电小球E，质量为 m、电荷量为 +q，被长为L 的绝缘轻质细线悬挂于O点， O点在等边三角形，现将小球从E拉到 M一竖直面内，然后由静止释放小球C 点的正上方， A、B、 C 三点构成变成为 d 的点

11、，使细线恰好水平伸直且与 A、 B、 C 处于同E，当它运动到最低点 C 时速度大小为 v。已知静电力常量为k，重力加速度为g，三个小球都可视为点电荷，试求：（ 1）小球 E 在 C 点时对细线的拉力；（ 2）若 D 点电势为零，则A、 B 所形成的电场中M 点的电势 。M第4页，共 18页14. 图示是竖直面内的平面直角坐标系。一个质量为m=4.8 10-2kg、电荷量为q=1.6 10-5 C 的小滑块从第二象限某点P 由静止释放后，在光滑的水平绝缘轻轨道上做匀加速直线运动，并从 y 轴上的 A 点以水平速度v（未知）抛出，一段时间后，0小滑块恰好垂直于M 板并从它的中心小孔B 穿过。已知

12、第二象限匀强电场3E0=1 10 V/m 水平向右；金属板 M 、N 互相平行、板长为 L=0.75m，间距为 d（未知），与水平方向夹角 =37，板间有 E=2.4 103V/m 的匀强电场；若重力加速度 g取 10m/s2，sin37 =0.6，cos37=0.8，运动过程中小滑块所带电量不变，所受空气阻力大体忽略不计，并且可以视为质点处理。试求：（ 1） v0 的大小；（ 2）释放 P 点坐标；（ 3）为使小滑块不打到N 板， M、N 间的距离d 至少为多大。（可保留根号）15. 一上部开口的柱形绝热汽缸竖直放置，汽缸内底面积为S：一质量为 m的光滑绝热活塞在汽缸中封闭有一定量的理想气体

13、。初始时活塞在距汽缸底部高位h 处，活塞不漏气， 气体温度为27，缓慢加热气体，当活塞上升到距汽缸底部1.2h 时，停止加热，设大气压强为 P0，重力加速度为 g，求停止加热时汽缸内气体的压强以及温度。16.一列简谐横波沿x 轴正向传播，t=0 时的图象如图所示，此时刻后介质中P 质点回到平衡位置的最短时间为0.2s， Q 质点回到平衡位置的最短时间为1s，已知 t=0 时两质点相对平衡位置的位移相同，则：（ 1）波的传播周期为多少秒？第5页，共 18页（ 2）传播速度是多大？（ 3）从 t=0 时刻算起经过多长时间质点Q 第二次回到平衡位置？第6页，共 18页答案和解析1.【答案】 B【解析

14、】解：AB 、由功率公式 P=Fv可知，在功率一定的情况下，当速度减小 时，汽车的牵引力就会增大，此时更容易上坡；故换低速档，增大牵引力，故 A 错误，B 正确；CD、徐徐踩下加速踏板，发动机的输出功率增大，根据 P=Fv 可知，目的是为了增大牵引力，故 CD 错误故选：B。司机可以用 “换挡 ”的办法来减速行 驶是为了获得更大的 牵引力来上坡，由P=FV 可知，在功率一定的情况下，当速度减小 时，汽车的牵引力就会增大；同样徐徐踩下加速踏板，增大了 输出功率，目的也是增大 牵引力题很好的把 现实生活中的事情与所学的物理知 识结合了起来，可以激发学生的学习兴趣。2.【答案】 D【解析】解：A 、

15、以 m 为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件可得： kx=mgsin37，解得：x=2.4cm，故A 错误；B、同一条绳子拉力相等，故滑轮支柱对斜面体 M 的作用力与 绳子的合力等大反向，故沿绳子角平分 线方向向下，故 B 错误；C、以整体为研究对象，竖直方向根据平衡条件可得地面对斜面体 M 的支持力大小为：FN=（M+m ）g+kxcos 79.6N，故 C 错误；D、弹簧对斜面的拉力在水平方向的分力向左，所以地面对斜面体 M 的摩擦力方向水平向右，故 D 正确。故选：D。以 m 为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件求解 弹簧伸长量；根据平衡条件结合力的分解 进行分析。第7页，共 18页本题主要

16、是考 查了共点力的平衡 问题，解答此类问题的一般步 骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四 边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐 标轴上建立平衡方程 进行解答。3.【答案】 C【解析】解：两球同时水平抛出，均做平抛运 动，竖直方向上做自由落体运 动，相等时间内下降的高度相同，所以两球始 终在同一水平面上。当 A 、B 两小球以相同的水平速度v 抛出时，有：x=vt+vt=2vt ；h=gt2；当两球的速度均增大一倍时，有：x=2vt +2vt =4vt 2h=gt 。对比可得：t=t，h=则P点在 P 点正上方。故 C 正确，ABD错误h，故选：C。两球均做平抛运

17、动，在水平方向上做匀速直 线运动，抓住两球水平位移之和不变，结合初速度的 变化得出两球从抛出到相遇经过的时间 t由自由落体运动的规律求下落的高度关系。解决本题的关键是知道平抛运 动在水平方向和 竖直方向上的运 动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和 时间共同决定水平位移。4.【答案】 C【解析】解：AB 、在运动过程中当力做功取最小 值时，小木块在木板上做匀速运 动。有：F=2 mg=4N最终力 F 做的功全都消耗在摩擦力上，小物块相对于木板运 动的距离为 L，所以总功为：W=fL=mgL=2J ，故AB 正确；CD、地面与木板间动摩擦因素也 为 0.2，当力做功取最小值时，小木块在木

18、板第8页，共 18页上做匀速运 动。有：F=2mg+（M+m ）g=10N，终力 F 做的功全都消耗在摩擦力上，小物块相对于木板运 动的距离为 L，木板相对地面的位移 为 L，所以总功为：W=mgL+ （M+m ）gL=8J，故C 不正确，D 正确；本题选说法不正确的，故选：C。在水平向右的拉力作用下，木板向右运动，在运动过程中当力做功取最小 值时，小木块在木板上做匀速运 动。根据平衡条件可求得拉力大小，根据功能关系即可求得拉力做的功。本题突破口就是拉力做功的最小 值，就是木块在木板上做匀速运 动。所以学生在审题时，要关注题目中的关 键字词。5.【答案】 B【解析】解：在变阻器 R0 的滑片向

19、上滑 动的过程中，变阻器接入 电路的电阻增大，变阻器 R0 与 R2 并联电阻 R 并增大，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流 I 减小，路端电压 U 增大，则电压表示数增大。并联部分电压 U 并=E-I （R1+r），I减小，E、R1、r 均不变，则 U 并 增大，故电流表示数增大。故 B 正确，ACD 错误 。故选：B。在变阻器 R0 的滑片向上滑 动的过程中，变阻器接入 电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析干路 电流和路端 电压如何变化，即可知电压表示数的 变化情况由欧姆定律分析并 联部分电压的变化，判断电流表示数的 变化本题是电路的动态变化分析

20、问题，首先确定出变阻器接入 电路的电阻如何变化，再按局部到整体，再到部分的思路 进行分析6.【答案】 AC【解析】第9页，共 18页解：A 、等量异种点电荷连线的中垂线是一条等 势线，电场强度方向与等 势线垂直，因此 E、F 两点场强方向相同，由于 E、F 是连线中垂线上相对 O 对称的两点，则其大小也相等，故 A 正确；B、根据对称性看出，A 、D 两处电场线 疏密程度相同，则 A 、D 两点场强大小相同，由图看出，A 、D 两点场强方向相同，故 B 错误；C、由图看出，B、O、C 三点比较，O 点场强最小，故 C 正确；D、由图可知，从 E 向 O 点运动过程中，电场强度最大值位置不确定，

21、因此在此过程中，电场力可能先增大后减小，也可能一直减小，因此 电子加速度可能逐渐减小，也可能先增大后减小，故 D 错误；故选：AC。根据电场线的疏密判断 场强的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小。根据等量异种点 电荷形成电场的电场线分布的对称性分析 对称点场强的大小关系。等量异种点 电荷连线的中垂线是一条等 势线。对于等量异种点 电荷和等量同种点 电荷的电场线、等势线的分布是考 试的热点，要抓住对称性进行记忆。7.【答案】 AD【解析】解：A ：因电场力和重力均 为恒力，其合力亦为恒力，且与 v0 有一定夹角，故微粒做匀变速曲线运动-即抛物线运动，故A 正确；B、微粒带正电，电场

22、力做正功，所以电势能减小，故 B 错误；C、因电场力做功，所以机械能不守恒，故 C 错误；动电+WG=Ek=0，即： qU-mg?=0，所以：U=，D、由 能定理，得：W由 mg=qE 得 q=联，故D 正确。， 立解得：U=故选：AD 。根据类平抛运动的特点：初速度的方向与合外力的方向垂直来判定粒子是否第10 页，共 18页在电场中做类平抛运动，根据动能定理判定粒子达到C 点是的速度，结合mg=qE 可求得 MN 之间的电势差。该题中根据类平抛运动的特点来判定粒子是否在电场中做类平抛运动是解题的关键，动能定理判定粒子达到 C 点是的速度，和 MN 之间的电势差相对比较简单。属于基础题目。8.

23、【答案】 BC【解析】解：AC 、液滴受力平衡，故电场力向上，液滴带负电 ；电容器两端的 电压不变，A 板下移时，两板间的距离减小，则由 U=Ed 可知，E 增大；则粒子受到的 电场力增大，故液滴将向上加速运 动，因电场力做正功，导致其电势能将减小，而机械能增大；故 A 错误，C 正确；B、下极板接地，则 P 点的电势等于 P 与 B 之间的电势差，因E 增大，d 不变，故 P处的电势升高，故 B 正确；D、因两板间的电势差不变，而极板间距的减小，导致电容器的电容增大，因此电容器处于充电状态，那么有电流从 a端通过 G 表流向 b 端，故 D 错误；故选：BC。电容器与电源相连，则电压不变；根

24、据极板的移动可知电容器内电场强度的变化，则可得出带是粒子的受力 变化，从而判断其运动状态；由U=Ed 判断电势的变化，从而得出电势能的变化。对于电容器的动态分析问题，关键在于明确 电容器是断开 电源还是与电源相连；然后再由电容的定义式有决定式 进行分析求解。9.【答案】 BCD【解析】解：A、热运动是指分子的无 规则运动，布朗运动不是热运动，故A 错误；B、物体做减速运动时其温度可能增加，比如汽 车刹车时，车轮速度减小温度升高，故 B 正确；第11 页，共 18页C、温度是分子平均动能的标志，理想气体温度升高 时，分子的平均动能一定增大，而某 10 个分子的平均 动能可能减小，故 C 正确；D

25、、当分子间的引力和斥力平衡 时，靠近分子力表现为斥力，做负功分子势能增加；远离分子力表 现为引力，也做负功，分子势能也增加；故当分子间的引力和斥力平衡 时，分子势能最小，故 D 正确；E、油酸未完全散开，S 偏小，依据 d=，则测量结果偏大，故 E 错误；故选：BCD。热运动是指分子的无 规则运动，布朗运动不是热运动，物体做减速运动时其温度可能增加，比如汽 车刹车时，车轮速度减小温度升高，温度是分子平均动能的标志，理想气体温度升高 时，分子的平均动能一定增大，而某 10 个分子的平均 动能可能减小，当分子 间的引力和斥力平衡 时，靠近分子力表现为斥力，做负功分子势能增加；远离分子力表 现为引力

26、，也做负功，分子势能也增加；故当分子间的引力和斥力平衡 时，分子势能最小，油酸未完全散开， S偏小，依据 d=，则测量结果偏大。考查布朗运动的内容，掌握温度是平均 动能的标志，理解“单分子油膜法估 测分子大小 ”的实验原理。10.【答案】 ACD【解析】解：AB 、由光路图看出，b 光束在 NO 面上发生了全反射，而 a光束在 MO 面上没有发生全反射，而入射角相同，说明 b 光的临界角小于 a光的临界角，由sinC=分析得知，玻璃对 a 光束的折射率小于b 光束的折射率，由 v=得知，在玻璃砖中 a 光的传播速度比 b 光大，故 A 正确，B 错误 。C、由上分析，可知，若保持 b 光入射点

27、位置不同，将光束b 顺时针旋转，是其入射角在减小，可能入射角小于 临界角，则 NO 面可能有光 线射出，故 C 正确；D、由于玻璃对 a 光的折射率小于b 的折射率小，则 a 光的频率比 b 光的低，a第12 页，共 18页光的波长比 b 光的长，而双缝干涉条纹间距与波长成正比，所以 a 光束的条 纹间距大，故 D 正确。E、波长越长越容易发生明显的衍射现象，故 a光比 b 光更容易 发生明显的衍射现象，故 E 错误。故选：ACD。由光路图看出，b 光束在 NO 面上发生了全反射，而 a 光束在 MO 面上没有 发生全反射，而入射角相同，则知 b 光的临界角小于 b 光的临界角，由 sinC=

28、分析折射率的大小，由 v=判断光在玻璃 砖中传播速度的大小，再确定出波长和频率关系，结合衍射、干涉的条件和 规律分析。本题的解题关键是根据全反射的条件分析临界角的大小，确定折射率的大小，进一步分析光速、 频 率、波长 的大小。11.【答案】 控制变量法变大变大变小变小【解析】解：（1）本实验中研究多个物理量 间的关系，故采用了控制 变量法；（2）只将板间距离 d 增大，由电容的决定式 C=分析得知，电电量 Q不变，容减小，则由 C=分析得到板间电势电计指针张角变大。差 U 增大，静减小两极板间的正对面积电电容减小，由 容的决定式 C=分析得知，电量 Q 不变，则由 C=分析得到板 间电势差 U

29、 增大，静电计指针张角变大。若在两板板间插入云母片，且保持其他条件不 变，由电容的决定式 C=分析得知，电电量 Q 不变，容增大，则由 C=分析得到板间电势电计指针张角变小。差 U 减小，静若在两极板间插入一块不与两板接触的厚金属板P，且保持其他条件不 变，相当于极板间距减小，第13 页，共 18页由电容的决定式 C=分析得知，电容增大，电量 Q 不变，则由 C=分析得到板 间电势差 U 减小，静电计指针张角变小。故答案为：（1）控制变量法；（2）变大、变大、变小、变小。静电计测量电容器板间电势差，电势差越大，指针张角越大。根据电容的决定式和定 义式结合分析静 电计指针张角的变化。解决本题的关

30、键知道静电计测量的是电容器两端的 电势差，处理电容器动态分析时，关键抓住不变量，与电源断开，电荷量保持不 变，结合电容的决定式和定义式进行分析。12.【答案】 保护电源、电表，防止短路1.51.0【解析】解：（1）R0 接在电源附近，是为了防止当外部短路 时，电源出现短路而烧坏电源和电流表，故此电阻在此起保 护作用；保护电源、电表防止短路；（2）、将I（、U）坐标描在图象中，用直线将各点相 连，如图所示；（3）、由图可知，电源的电动势约为E=1.5V；r=|-R0=-2.0 =1.0 ；故答案为：（1）保护电源、电表，防止短路；（2）第14 页，共 18页（3）1.5V 、1.0 。（1）、为

31、了防止电源发生短路，我们常用一定 值电阻充当保 护电阻；（2）、由描点法将表中各点的坐标描出，再由直线将各点相 连即可；（3）、由图象与纵坐标的交点可求得 电源的电动势；由图象的斜率可求得内阻与保护电阻之和；因保护电阻已知，则可求出内阻。考查测量电动势和内电阻的实验，注意保护电阻在电路中的作用；同时要注意保护电阻可等效 为电源的内阻 进行分析。13.【答案】 解：（ 1）小球 E 在 C 点时，受力分析如图所示：C 点受到 A，B 两点的电场力的合力方向竖直向下大小为：FAB=有圆周运动可知：T-mg-=联立可得： T=mg+（ 2 分）小球从M 点到 C 点，根据动能定理得：设电场力做功W1

32、，重力做功W2；2有： W1+W2=mv -0即： qU+mgL= mv2则 U=又 U=? M-? C， ?C=? D=0（ C，D 两点在同一等势线上）所以有： U M=答：（ 1）小球 E 在 C 点时对细线的拉力是mg+；（ 2）若 D 点电势为零，则A、B 所形成的电场中M 点的电势为。【解析】（1）小球E 向下运动到最低点 C 时，速度为 v，运动为圆周运动。可受力分析后第15 页，共 18页找出向心力，由向心力公式 进行求解。2）D点的电势为零，求 M 点的电势，只需求出 UMD，由UMD= 即可求（M - D电势差对应一个过程中电场力做的功，所以第一步先求由M 到 D过程出 M

33、中电场力做的功，再由 UMD =求得。电场力与电势差之间的关系要牢固的掌握， 对于圆周运动，只需要找出向心力，列方程即可14.【答案】 解：（ 1）设小滑块从 A 点后经过时间 t 到达 B 点做平抛运动，在第一象限有：v0=gt1?tan L cos =v0t1解得： v0=1.5m/s t1=0.2s（ 2）设 P 点的纵坐标为y，也为 A 的点纵坐标，则有： y- Lsin =gt 21解得： y=0.425m而小滑块在第二象限内做匀加速直线运动，设小滑块运动的距离为S 到达 A 点，由牛顿第二定律得： qE0=mav02=2aS由速度位移的关系式得：联立解得： S=3.375m即 P 点的横坐标为 -3.375，因此释放点P 的坐标为（ -3.375， 0.425）（ 3）进入 MN 极板电场时垂直于板方向有：mgcos=0.mg=qE8 ， v 方向合力为0，平行于板方向的力为mgsin ，故进入电场后做类平抛运动，设刚好从N 点离开极板，设在板间的加速度为a，由牛顿第二定律得：a=gsin 沿极