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1、2013高考物理真题分类解析-电磁感应综合性问题1. (19 分)(2013全国新课标理综1第25题) 如图,两条平行导轨所在平面与水平地 面的夹角为0,间距为L。导轨上端接 有一平行板电容器,电容为 Co导轨处 于匀强磁场中,磁感应强度大小为B,方向垂直于导轨平面。在导轨上放置一质量为m的金属棒,棒可沿导轨下滑,且在下滑过程中保持与导轨垂直并良好接触。已知金属棒与导轨之间的动摩擦因数为科,重力加速度大小为go忽略所有电阻。让金属棒从导轨上端由静止开始下滑,求:(1)电容器极板上积累的电荷量与金属棒速度大小的关系;(2)金属棒的速度大小随时间变化的关系。【命题意图】本题考查电磁感应、摩擦力、安
2、培力、电容器、电流、牛顿第二定律等基础知识点,意在考查考生应用相关知识定量分析物理问题,解决问题的能力。.解析:(1)设金属棒下滑的速度大小为 V,则感应电动势为 E=BLVo平行板电容器两极板之间的电势差为:U=E设此时电容器极板上积累的电荷量为Q,由电容定义有 C=Q/U,联立式解得:Q=CBLv(2)设金属棒的速度大小为 v时经历时间为t,通过金属棒的电流为i。金属棒受到的磁场的作用力方向沿导轨向上,大小为:f1=BLi。设在时间间隔(t , t+At )内流经金属棒的电荷量为Q按定义有:i= AQ/Ato Q也是平行板电容器极板在时间间隔(t, t+At)内增加的电荷量,由式得, Q=
3、CB Lvo 式中 v为金属棒的速度变化量。按照定义有:a=Av/ At金属棒所受到的摩擦力方向斜向上,大小为f2=wN,式中,N是金属棒对于导轨的正压力的大小,有:N=mgos。,金属棒在时刻t的加速度方向沿斜面向下,设其大小为a,根据牛顿第二定律有mgsin 0 - f i- f 2=ma(11)联立至(11)式解得a= m sin .二一 ,i. cos-, g。_ 2. 2 .m B L C由式及题设可知,金属棒做初速度为零的匀加速运动,t时刻金属棒的速度大小为:v= m(sin 6 一 NcosO )gt。Z"22Tm B2L2C .(2013高考上海物理第33题)(16分
4、)如图,两根相距Lx算菖父乂.I总言k j? K*翼 >= 0.4m、电阻不计的平行光滑金属导轨水平放置,一端U|XX KX X n与阻值R= 0.15 Q的电阻相连。导轨 x>0一侧存在沿;一:x方向均匀增大的稳恒磁场,其方向与导轨平面垂直,变化率 k=0.5T/m, x= 0处磁场的磁感应强度 R=0.5T。一根质量 rnr 0.1kg、电阻r = 0.05Q的金属棒置于导轨上,并与导轨垂直。棒在外力作用下从x= 0处以初速度v°= 2m/s沿导轨向右运动,运动过程中电阻上消耗的功率不变。求:(1)电路中的电流;(2)金属棒在x= 2m处的速度;(3)金属棒从x=0运
5、动到x= 2m过程中安培力做功的大小;(4)金属棒从x=0运动到x= 2m过程中外力的平均功率。解析:(1)在 x=0 时,E=BLv=0.5 X 0.4 X 2V=0.4V。电路中的电流I=E/(R+r)=2A ;(2)在 x= 2m处,磁感应强度 B2= Bc+kx2= 0.5T+0.5T/m x 2m=1.5T。E=BLv2,解得:金属棒在 x= 2m处的速度v2= 2 m/s。3(3)金属棒从x= 0开始运动时的安培力:Fo=BIL=0.5 X 2 X 0.4N=0.4N。到 x = 2m时的安培力:Fa=BzIL= 1.5 X 2 X 0.4N=1.2N。过程中安培力做功的大小W=1
6、 ( F o + F a)x=1.6J 。2(4)由 EIt=W 解得 t=2s 。由动能定理:Pt-W= i mv2- i mv2, 22解得 P=64 W=0.71W903。(2013高考江苏物理第13题)(15分)如图所示, 匀强磁场中有一矩形闭合线圈abcd,线圈平面与磁场垂直。已知线圈的匝数 N=10O,边长ab =1.0m、 bc=0.5m,电阻r=2 Q。 磁感应强度 B在01s内从 零均匀变化到 0.2T。 在15s内从0.2T均匀变化到 -0.2T ,取垂直纸面向里为磁场的正方向。X XX X ab BXXXXcXXXX求:(1) 0.5s时线圈内感应电动势的大小E和感应电流
7、的方向;(2)在15s内通过线圈的电荷量q;解析:(1)感应电动势:E1=N13,磁通量变化 产ABS,解得:E1=N B S, 二 %代入数据得:E1=10V。由楞次定律可判断出感应电流的方向为a-d-c-b-a。 同理可得:E=N&b S,感应电流I2= E2/r ,电量q= I 2、2,解得:q=N ,B2 Sor代入数据得:q=10Co(3) 07s内产生的焦耳热:Q= 112r,且I1= E1/r ,15s内产生的焦耳热:Q= I 22rAt2,在05s内线圈产生的焦耳热 Q= Q+Q。代入数据得:Q=100J。(3)在05s内线圈产生的焦耳热Q4 (2013高考广东理综第
8、36题)图19 (a)所示,在垂直于匀强磁场B的平面内,半径为r的金属圆盘绕过圆心 O的轴承转动,圆心O和边缘K通过电刷与一个电路连接。 电路中的P是加上一定正向电压才能导通的电子元件。流过电流表的电流I与圆盘角速度3的关系如图19 (b)所示,其中ab段和bc段均为直线,且ab段过坐标原点。>0代表圆盘逆时针转动。已知: R=3.0 Q , B=1.0T, r=0.2m。忽略圆盘,电流表和导线的电阻。(1)根据图19 (b)写出ab、bc段对应的I与的关系 式;(2)求出图19 (b)中b、c两点对应的P两端的电压Ub、 U;(3)分别求出ab、bc段流过P的电流Ip与其两端电压UP的关系式。4.考点:电磁感应、欧姆定律、并联电路规律、直线两点式解析:(1)图像得出三点坐标:o (0, 0) b (15, 0.1) c (45, 0.4)由直线的两点式得I与3关系式:,-45 <15I “50-0.05, 15<0 <45 .100(2)圆盘切割磁感线产生的电动势为:切r +01E = Br = B r2 = 0,02 22当3 =15rad/s 时,产生的电动势为E=0.02 x 15V=0.3V。当co =45rad/s 时,产生的电动势为
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