天津市宁河区芦台第四中学2020届高三毕业班模拟训练(五)物理试题Word版含答案

1、2020年天津市宁河区芦台第四中学高三毕业班模拟训练（五）物理试题本试卷分选择题和非选择题两部分，满分 100分第I卷（选择题）注意事项: 每小题选出答案后，填入答题纸的表格中，答在试卷上无效。本卷共8题，每题5分，共40分。一、选题题（每小题 5分，共25分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1、下列说法中正确的是（）甲乙丙丁A.甲图中，两个分子从很远处逐渐靠近，直到不能再靠近为止的过程中，分子间相互作用 的合力先变小后变大B.乙图中，在测量分子直径时，可把油膜厚度视为分子直径C.丙图中，猛推木质推杆，密闭的气体温度升高，压强变大，气体对外界做功2、如图所示，一条红色光束和另一条

2、紫色光束，以相同的角度同时沿同-半径方向射入一块半圆形玻璃砖，其透射光束由圆心。点沿OA、OB方向射到屏 MN上，则可知（）A. OB是紫光，它从射入玻璃砖到打在屏上所需时间较长B. OA是红光，它从射入玻璃砖到打在屏上所需时间较长C.若OB光能使某种金属产生光电效应，则OA光一定能使该金属产生光电效应D.用同一双缝干涉仪做光的双缝干涉实验，OA光条纹间距小于 OB光条纹间距3、两波源A、B分别位于x=0和x=7m的位置持续振动，产生甲、乙两列沿x轴相向传播的简谐横波，t=0时刻的波形图如图所示，已知两列波的传播速度均为v=1m/s。下列说法正确的是（）*14A. t=0时刻，x=1m处的质点

3、与x=5m处的质点均沿y轴负方向运动B. t=1.5s时两列波相遇C. x=3m处的质点是振动减弱点D.在t=2s时，位于x=3.5m处的质点位移为 2cm4、由半导体材料制成的热敏电阻，电阻率随温度的升高而减小，经常用于火警报警装置。如图甲所示是一火警报警器的电路示意图，理想变压器原、副线圈的匝数比ni： n2=22： 1,原线圈接图乙所示的正弦交流电，副线圈与理想电压表、理想电流表、热敏电阻 Rt及报警器P （有内阻）组成闭合电路，流过报警器确的是（）炉二®.甲A.电压表示数为10 VB.变压器原线圈两端交变电压u=220sinC.当Rt所在处出现火情时，流过报警器P的电流超过I

4、c时就会发出警报声。则以下判断正°/022CL/2少乙兀（tV）P的电流会增加D.当Rt所在处出现火情时，变压器输入功率减小5、如图甲所示，在某电场中建立 x坐标轴，一个电子仅在电场力作用下沿 x轴正方向运动, 经过A、B、C三点，已知Xc-XB= XB- XAo该电子的电势能 日随坐标x变化的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是（）A. A点电势高于 B点电势B. A点的电场强度小于 B点的电场强度C. A、B两点电势差 Uab等于B、C两点电势差 UbcD.电子经过 A点的速率小于经过 B点的速率【答案】D二、选择题（每小题 5分，共15分。每小题给出的四个选项中，都有多个选项是

5、正确的。全部选又的得5分，选对但不全的得 3分，有选错或不答的得 0分）A.卢瑟福在 粒子散射实验的基础上提出了原子的核式结构模型B.天然放射性元素在衰变过程中电荷数和质量数守恒，其放射线在磁场中不偏转的是射线C.据图可知，原子核 A裂变成原子核B和C要放出核能D.据图可知，原子核 D和E聚变成原子核F要吸收能量成功将高7.2019年10月5日2时51分，我国在太原卫星发射中心用长征四号丙运载火箭,分十号”地球同步卫星发射升空。一般发射地球同步卫星要经过两次变轨才能进入地球同步轨道。如图所示，先将卫星送入较低的圆轨道I , 经椭圆轨道出进入地球同步轨道H。 已知 高 分十号”卫星质量为m卫，地

6、球质量为 m地，轨道I半径为1,轨道n半径为2, A、B为两轨道的切点，则下列说法正确的是（）A.高分十号”在轨道I上的运行速度大于7.9km/sB.若“高分十号”在轨道I上的速率为V1：则在轨道II上的速率V2=V1 AC在椭圆轨道上通过 B点时高分十号”所受万有引力小于向心力D.假设距地球球心r处引力势能为Ep=-。二二则高分十号”从轨道I转移到轨道n , 其r机械能增加了Gm地m卫Gm地m卫8、光滑水平面上有一静止木块,的速度图象如图所示。由此可知m的子弹水平射入木块后木穿出，子惮与木块运动A.木块质量是2mB.子弹进入木块的深度为2一1C.木块所受子弹的冲量为-m%4X ，一 ，12D

7、.子弹射入木块过程中产生的内能为一mv04第R卷(非选择题)注意事项：请用黑色墨水的钢笔或签字笔将答案写在答题纸相应的范围内。解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。本卷共4题，共60分。9. （12 分）(1)某同学做 验证机械能守恒定律”实验如图所示，采用重物自由下落的方法:实验中，下面哪些测量工具是必需的？ ;A、天平B、直流电源C、刻度尺D、秒表实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz,当地的重力加速度 g=9.80m/s2,所用重物的质量为1.00kg ,实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示，把第

8、一点记作0,另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D到0点的距离分别为62.99cm,70.18cm, 77.76cm, 85.73cm,根据以上的数据，可知重物由0点运动到C点时，动能的增 加量等于7.57J,重力势能的减小量等于 J,动能的增加量 重力势能的减小量（填 冬”、叫”或之”）（计算结果保留三位有效数字），该同学的实验结果能否验证机械能守恒定律。（填能"或不能”）V?>_0A_ B _c仁（1）【答案】C 7.62 v 能（2）某同学利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻。现备有下列器材：A.待测的干电池一节B.电流表 A（量程

9、0W.6A,内阻 Ra=1.0 Q）C.电压表 V（量程03V,内阻Rv约lk Q）D.滑动变阻器R（020Q, 1.0A）E.开关和若干导线该同学考虑到电流表内阻已知， 为了减小实验误差选择 图（选填甲”或2 ”作为实验 电路。43_©0I1H1甲乙右图是该同学根据合理电路所绘出的U-I图象（U、I分别为电压表 V和电流表A的示数）。根据该图象可得被测电池的电动势E=V,内阻r=Qo （保留一位小数）510. (14分)如图所不为某型号气垫船， 其总质量为3 10 kg ,装有额定输出功率为 6000kW的燃气轮机。若该气垫船由静止开始做匀加速直线运动，当速度为36km/h时，燃气

10、轮机达到额定输出功率，之后保持该功率不变继续运动 30m距离，达到最大速度匀速运动，假设整 个过程中气垫船所受阻力恒为 3 105N ,重力加速度g取10m/s2。求：(1)燃气轮机提供的最大牵引力；(2)整个过程气垫船的最大速度；(3)气垫船由静止开始到最大速度过程所经历的时间。m、电荷量为q (q>0)的y轴负方向。不计粒子重力。M»WKMXMHMXMXXMXKKXMKX宜具X海K班XKXMJC11. (16分)如图直角坐标系 xOy中，第I象限内存在场强为E, ?x轴负方向的匀强电场,第n、出、W象限内存在垂直坐标平面向里的匀强磁场。一质量为带电粒子，从P (1, 1)处

11、由静止开始运动，第 1次通过x轴时沿求：(1)匀强磁场的磁感应强度大小；(2)粒子第3次经过y轴时的纵坐标；(3)通过计算说明粒子离开 P点后能否再次经过 P点。12. (18分)如图所示，不等宽的两段光滑平行导轨由水平和倾斜两部分组成，两根由同种材料制成的质量均为 m的导体棒垂直导轨放置，导体棒AB的长度为l ,导体棒CD的长度 为21 ,导体棒的长度与所在导轨的宽度相等，导体棒可在各自的导轨上滑动不会脱离导轨。倾斜导轨与水平方向的夹角为，导体棒AB的电阻为r ,锁定在距水平地面高为 h的位置。水平的宽、窄导轨处都有与水平方向成角的匀强磁场，磁感应强度大小为B,重力加速度 为g。设磁场范围足

12、够大，宽、窄两部分导轨均足够长，导轨电阻不计。(1)现给导体棒CD 一个向右白初速度v0,求导体棒CD向右运动的最大距离为多少;(2)给导体棒CD 一个向右的初速度Vo的同时，对导体棒 CD施加一个水平向右的力 F , 使导彳棒CD从速度V0逐渐减为0,已知在此过程中导体棒 CD上产生的焦耳热为 Q ,求力F做的功为多少；(3)在导体棒CD静止时，将导体棒 AB解除锁定，则两导体棒的最终速度为多少？整个过程中导体棒 AB上产生的焦耳热为多少？参考答案12345678BABCDABCBDBD9 .【答案】(1) C 7.62 V 能(2)乙 1.5V0.510 .【答案】(1) 6 105N；

13、(2)20m/s； (3)19s【解析】(1)整个过程中匀加速阶段牵引力最大，匀加速结束时速度为v1 36km/h 10m/sP6 106.由 Pm FmV1 解得 Fm m N 6 105Nv110(2)达到最大速度时，气垫船处于匀速阶段，此时牵引力与阻力大小相等，则由PmfVm ,解得Pm20m/s(3)由牛顿第二定律得 Fm f ma则匀加速阶段经历的时间 ti v1 10sa1 c 1c设达到额定功率后到最大速度经历时间为t2，则由动能定理得 Pt2 fS mvm2 mv1222解得t2 9s则启动整个过程经历时间 t ti t219sc'2mE11 .【答案】(1) B J1

14、 ； (2) 2l ; (3)以后粒子的轨迹逐渐向上不会再次经过P点,证明见解析。【解析】12(1)设粒子经第I象限的电场加速后，到达y轴时的速度为 M ,根据动能定理qElmv122由左手定则可以判断，粒子向一 y方向偏转，如图所示：由几何关系知，粒子在磁场中运动的半径为W l2 _V1 由牛顿第二th律得：qviB m一 R由得： B(2)粒子第2次经过x轴时，速度沿+y方向，位置坐标为 X2 l粒子在电场中做类平抛运动，经历的时间t3,第3次经过y轴时，轨迹如图12qEl -at；a 匚；y vit 2m由得y3 2l(3)粒子第2次离开电场时，根据动能定理有：qEl 1 mv2 mv2

15、22解得 v2 J2vl , 0 =45 °粒子第2次进入磁场时做圆周运动的半径R,根据半径公式可得:第三次进入电场是从坐标原点O处沿与x轴正向45。角斜向上方向。由类平抛对称性可知,粒子运动的木It坐标为l时，纵坐标的值为 21,可知本次不会经过 P点。粒子将从y=4l处第3次离开电场，第3次通过磁场后从y=2l处与+x方向成45°角斜向上第4次过电场，不会经过 P点。以后粒子的轨迹逐渐向上不会再次经过 P点。12【答案】(1)5mv0r_2 24B l sin1 2-mvo2(3) -V2gh ；勺2gh ； mgh5525(1)对CD棒由动量定理 BI 2l t 0 mv0E = Bsin 2l x其中 I t q ; I ; E =；其中 RCD=4r联立解得x TmvJ4B l sin(2)在此过程中导体棒 CD上产生的焦耳热为 Q,则因为AB和CD中电流相同，根据 Q=I2Rt1可知AB棒上广生的焦耳热为 一Q,由能量关系可知力 F做的功为4一1-125-12WQQ mv0Q mv042421'2(3)在导体棒CD静止时，将导体棒 AB解除锁定，则 AB棒到达水平面时 mgh - m