山东省威海市2020届高三下学期高考模拟(二模)物理试题(解析版)

1、高考模拟试卷山东省威海市2020届高三下学期高考模拟（二模）试题1. 本试卷共6页，满分100分，考试用时90分钟。2. 答题前，考生先将自己的姓名、考生号、座号填写在相应位置，认真核对条形码上的姓 名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指泄位置上。3. 选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂：非选择题答案J必须使 用0.5亳米黑色签字笔书写，字体工整、笔迹淸楚。4. 请按照题号在各题目的答题区域内作答，超岀答题区域书写的答案无效；在草稿纸、 试题卷上答题无效。保持卡而淸洁，不折叠、不破损。一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项是符合题目

2、要求的。1.一群处于基态的氢原子吸收某种频率的光子后，向外辐射了 W、V2、v3三种频率的光子，且 V1>V2>V3,则（）A. 被氢原子吸收的光子的能量为加IB. 被氢原子吸收的光子的能量为力巾C. 被氢原子吸收的光子的能量为/沖3D. 被氢原子吸收的光子的能量为v1+ hv2+ hvi答案A详解ABCD.氢原子吸收光子能向外辐射出三种频率的光子，说明氢原子从基态跃迁到 了第三能级态（如图所示）在第三能级态不稳定，又向低能级跃进，发出光子，其中从第三能级跃迁到第一能级的光子 能量最大，为/匕，从第二能级跃迁到第一能级的光子能量比从第三能级跃迁到第二能级的 光子能量大，由能量守恒可

3、知，氢原子一泄是吸收了能量为加4的光子，且关系式v = hv2 + Zzv3BCD错误A正确故选A。2渔船常利用超声波来探测远方鱼群的方位。图甲为某超声波波源的振动图像，图乙为该超声波某时刻在水中的波动图像，现测得超声波信号从渔船到鱼群往返一次所用时间为2s, 则鱼群与渔船间的距离为（忽略鱼群和渔船的运动）（）A. 50OmB. IoOOmC. 150OmD. 200Om答案C详解由振动图可知，周期 = l×10-5s,波形图读出波长2 = 1.5×10-2m,由波速公式 得波速为 1.5×10" Z 一 心，V = = nVs = 1.5×I

4、0 nVsT 1.0×10"5鱼群与漁船的距离为X = -Vr =-!×1.5×10× 2m = 15n2 2故C正确，ABD错误 故选C。3如图所示为一透明的正方体物块，下列说法正确的是（）A. 由于该物块有规则形状，所以它一左为晶体B. 由于该物块透明，所以它一泄为晶体C. 若该物块为绝缘体，则它一左为非晶体D. 若将该物块加热到某一温度才开始熔化，且熔化的过程中温度保持不变，则它一定为晶体高考模拟试卷详解固体可以分为晶体和非晶体两类，而晶体又可以分为单晶体和多晶体两类。晶体和 非晶体 区别在于有没有确立的熔点，英中晶体有确左的熔点，非晶体

5、没有确左的熔点；单 晶体具有规则的几何外形，多晶体与非晶体没有规则的几何外形，晶体和非晶体在一立的条 件下可以相互转化，故ABe错误，D正确。故选D。4.用波长20Onm的光照射铝的表而发生光电效应，已知铝的逸岀功是4.2eV,普朗克常量 A=6.6×10-34Js,电子电S e=1.6×IO-19C,则光电子的最大初动能约为（）A. 0.2 eVB. 2 eVC. 20eVD. 200eV答案B详解根据光电效应方程EK =hv-W=-W.K« 0带入数据得EK =3.2×10-,9J=2eVACD错误B正确。故选B。5. 根据徳布罗意理论，实物粒子也具

6、有波动性，其波长 = -y英中为普朗克常, P为 P实物粒子的动量。某实验小组用电子朿做双缝干涉实验，实验时用50kV电压加速电子束，然后垂直射到间距为Imm的双缝上，在与双缝距离约为35Cm的光屏上得到了干涉条纹，但条纹间距很小。要使干涉条纹间距变大，下列措施一左可行的是（）A.减小加速电子的电压，减小双缝间的距离，增大双缝到光屏的距离B.减小加速电子的电压，减小双缝间的距离，减小双缝到光屏的距离C.增大加速电子的电压，减小双缝间的距离，增大双缝到光屏的距离D.增大加速电子的电压，答案A增大双缝间的距离，增大双缝到光屏的距离详解根据相邻两个亮条纹或暗条纹的中心间距公式x =-A可知，要使干涉

7、条纹间距 d变大，可以减小双缝间的距离，增大双缝到光屏的距离人增大兄：减小加速电压使粒子减小，根据 =-可知，Zt增大。故BCD错误，A正确。故选A“P6我国北斗导航系统（BDS）到今年（2020年）将全面建成，是继GPS、GLONASS之后第 三个成熟的卫星导航系统。该卫星导航系统空间段包括5颗静止轨道卫星和30颗非静止轨 道卫星，静I匕轨道卫星是地球同步轨道卫星的一种。若有一颗与地球同步轨道卫星在同一轨 道平而内的人造地球卫星，在自西向东绕地球运行已知它的运行半径为同步饥道半径的四 分之一，地球自转周期为八某时刻该卫星与地球同步轨道卫星相距最近，则到下一次相距最近经历的最短时间为（）D.I

8、4A TA. 9答案J C详解设地球的质量为M ,同步卫星的质量为川，运动周期为地球的自转周期7因为1卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，故GMm _ m42Ri 5 设低轨道卫星的周期为7；,则IL=JLT2 Ry设卫星至少每隔7时间在同一地点的正上方出现一次,只需满足2 2 2=Tl T t解得故C正确，ABD错误。故选C。F是作用在刀背上的力，若刀刃的横7生活中经常用刀来劈开物体。如图是刀刃的横截而, 截面是等腰三角形，刀刃两侧而的夹角为&刀的重力可以忽略，则刀劈物体时对物体的侧向推力FN的大小为（）B.A.SIn 22si4C.Fcos-2D.F2 COS-2答案B详解J A

9、BCD.将力F根据平行四边形泄则分解如下由几何知识得，侧向推力的大小为FF亠=丄& 0&Sln- 2sn-2 2ACD错误B正确。故选B。8.如图所示的电路中，&、R2、心为阻值相同的电阻，C为电容器，电源的电动势为E,内 阻为几先将电键S闭合，电路稳泄后，流过电源的电流为G电源的效率为c,电容器的 带电量为0：再将S断开，电路稳疋后，流过电源的电流为人，电源的效率为"2,电容器 的带电量为02,则下列说法正确的是（）OORlR2A. I< HB. >z高考模拟试卷C Q1>Q2D.S断开后，通过电阻心的电荷量为答案D详解J A.设三个相同的

10、电阻为/?,电键S闭合，电路如图通过电源的电流r + -/?3S断开，电路如图通过电源的电流 r + 2R1所以,Z1>Z2, A错误;IlR -R nl R- 3 F+3B. 电键S闭合，电源效率RR + -r2S断开，电源效率I2Rn 2R R所以，<2 > B错误;C. 电键S闭合，电容器的两端的电压等于电阻K两短的电压电容器的带电疑Ql=CUci=C2r + -R31E×-R = CXR3 3r + 2?S断开，电容器的两端的电压等于电阻忌两端的电压电容器的带电量Q2=CUc2=CE7+2R分析可得Q <0- C错误:D. 电键S闭合，给电容器充电，电

11、容器下级板带正电，上级板带负电，电容器充电电量为Ql, S断开后，电容器首先放电，通过心的电荷量为0,然后在给电容器充电，充电量为Q2 >则流过&电荷量为Q +QD正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给岀的四个选项中，有 多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得O分。9风能作为一种淸洁的可再生能源，越来越受到世界各国的重视。风力发电原理是利用风力 带动风车叶片旋转，再通过齿轮箱将发电机线圈转速提升，进而发电。当叶轮转速在某一区 间范用内时，线圈转速可以稳龙到某一固定数值，某次产生的交变电动势的图像如图所示, 已知线圈

12、在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴转动，线圈匝数为”、面积为Stl下列说法正确的 是（）B. I时刻线圈平而与中性而垂宜2C. 穿过线圈的磁通量最大值为如2TFD. 在=丁时间内，线圈中感应电动势的平均值为严22答案AB详解A.由图像可知，周期为T,则线圈的转速为故A正确：B. 由图像可知，时刻感应电动势最大，则此时磁通量变化率最大，磁通量最小即线圈平2而与中性而垂直，故B正确：C. 由图像可知厂厂MHBS2兀EmM = EQ = nBS =-max2兀InaX2n故C错误：TTD. 在一"时间内，由图像可知，在一与T时刻感应电动势最大，两时刻的磁通量都为0, 22则平均感应电动势为0,故

13、D错误。故选AB o10.如图所示，矩形闭合线框"cd置于垂宜纸面向里的矩形匀强磁场ABCD内，ahAB, ad = 2ab0将线框匀速拉出磁场，第一次速度为申，方向垂宜AB,通过线框横截而的电荷量为 0,第二次速度为勺，方向垂直BC,通过线框横截面的电荷量为©。若两次线框中产生的 热量相同，下列说法正确的是（）A !××××××××XXXXXX d：x5<Pl ：x ׫A A:bXXXXXX××××××A.

14、 Vl = 2v2B. VI = 4v2C. <7 = 2q2D q = <72答案AD详解AB.设矩形闭合线框“bed的电阻为R,肪边长为乙则"d边长为2乙 则线框第 一次被匀速拉出磁场过程中产生的热量为线框第二次被匀速拉出磁场过程中产生的热量为C r. (B2Lv, n L 4B25v.因为两次线框中产生的热量相同，则解得Vl = 2v2 故A正确，B错误：CD.由法拉第电磁感应泄律得，线框被拉出磁场过程中的平均电动势为r平均电流为通过线框横截而的电荷量为高考模拟试卷CI = I r联立解得qR因为线框两次被拉出磁场过程中，磁通屋变化量相同，即纟=g=2BE所以线框两

15、次被拉出磁场时，通过线框横截而的电荷量相等，即S=§2,故C错误，DjE确。故选ADO11图甲为蹦极的场景，运动员及携带装备的总质量为75kg,弹性绳原长为IOnK运动员从蹦极台自由下落，下落过程中的速度-位移图像如图乙所示。已知弹性绳的弹力与伸长量的关系符合胡克泄律，重力加速度g取IOnVs2o下列说法正确的是（）A. 整个下落过程中，运动员及携带装备与弹性绳组成的系统机械能守恒B. 运动员及携带装备从静止开始下落15m的过程中重力的冲量为1125NsC. 弹性绳的劲度系数约为150NmD. 弹性绳长为24m时，运动员的加速度大小约为5nVs2答案AC详解A.整个下落过程中，运动员

16、及携带装备与弹性绳组成的系统除重力和弹力外没有 其它外力做功，满足机械能守恒条件，故A正确：B. 运动员及携带装备从静止开始下落15m的过程中如果是自由落体，重力的冲量为= MgtI 1 .得人q1212.4Ns由题可知后面5加有弹性绳作用，时间变长，重力的冲量进一步增大，故B错误:C. 由开始下落到最低点全程使用动能左理mgH2 = O带入数据解得 k 150Nm故C正确：D. 弹性绳长为24?时，由牛顿第二左律EArJng = ma带入数据解得 a = 20/7? / S2 方向向上，故D错误。故选ACO12如图所示，M、N为真空中相距为2厶的两个等量负点电荷，O为两电荷连线的中点，“、为

17、连线上的两点，且距O点的距离均为X (x),下列说法正确的是(A."、方两点的场强相同)NB. “、b两点的电势相同C. 在"点由静止释放一电子，则电子在“、b之间做简谐运动D. 以M为球心做一球而，电子在该球而上任意两点间移动电场力均不做功答案BC详解AB.根据两个等量负点电荷的电场和电势分布特点，由对称性可知，“、b两点的 场强大小相等，方向相反，“、b两点的电势相同，故A错误，B正确：C. 因为“0之间的合场强指向M, bO之间的合场强指向N,所以电子在“、b之间受到的 电场力均指向平衡位置0,设电子到O点的距离为r(r.rL),负点电荷的电荷量为0, 则电子在ab之

18、间所受电场力的合力大小为F=(=(Fz所以电子所受合力大小与到平衡位宜的距离成正比，符合简谐振动回复力的特征，则电子将 在血之间做简谐振动，故C正确：D. 根据两个等量负点电荷的电势分布特点可知，以M为球心做一球而并非等势面，所以 电子在该球面上任意两点间移动电场力有做功，故D错误。故选BCo三、非选择题：本题共6小题，共60分。13. 某小组做“测泄玻璃的折射率”的实验，提供的器材有：玻璃砖、大头针、刻度尺、三角 板、圆规、笔、白纸。PlP4(1) 实验中，在白纸上记录的玻璃砖的界线M、N及四个大头针Pl、P2、P3、P4扎下的孔洞如图所示，请简述如何正确确左大头针PI的位豊:(2) 请图中

19、完成光路图；(3) 请使用你手中的刻度尺、三角板或圆规等工具通过作图并测量计算岀该玻璃砖的折射率约为 (结果保留三位有效数字)。答案 (1).远离巴，使巴挡住巴和凡、B的像 (2).、戸Pl详解（1） 1远离P3,使卩4挡住P3和円、B的像。（2） 2光路图如下图所示（3） 3以凡、B的连线与玻璃面交点为圆心画圆，以圆与入射光线和折射光线的交点作法 线的垂线段，两垂线段的比值就是玻璃砖的折射率，通过计算可得折射率范围为1.40 1.60。14. 某同学要测量一段金属怨的电阻率，使用的器材如下：A. 待测金属丝凡（阻值约为5 ）B. 学生电源£（电动势为10V,内阻忽略不计）C. 电流

20、表Al （量程0.6 A,内阻门约为0.5）D. 电流表A2 （量程200 A,内阻r2= 3000 Q）E. 立值电阻& （阻值为2k）F. 左值电阻忌（阻值为12k）G. 滑动变阻器Ri （总阻值为10 ）H. 滑动变阻器RI （总阻值为20）L米尺G.鳄鱼夹图甲(1) 将选用的实验器材连接成如图甲所示的电路，英中局与凡之间用鳄鱼夹连接，电键S闭合前，应先将鳄鱼夹移至他的最端(填“左“或“右”)，滑动变阻器R的滑动触头P移至最端(填“左”或'右“)；(2) 图甲中的滑动变阻器R应选用(选填“心'或R泄值电阻心应选用(选境 R”或 7?2“)；(3) 实验中用螺旋测微

21、器在金属丝的不同位测量貝直径，其中某次测量的结果如图乙所示,读数为mm：图乙(4) 闭合电键S,调节滑动变阻器触头P的位苣，使电流表Al接近满偏，并记下其示数° 保持P位置不动，逐渐改变鳄鱼夹的位苣，记下不同位置时电流表A?的示数/和鳄鱼夹离 &左端的距离厶(5) 以/为纵轴(电流表A?的示数/«/.),厶为横轴，作出图像，若图像的斜率为匕金属丝的横截而积用S表示，则金属丝电阻率的汁算表达式为P =(用题中所给的字母k、S、x /?()、2 表不)。kS( +巧)答案j (1)左 右 凡 R2 0.620(5)-详解实验开始之前，应先将鳄鱼夹移至R,的最左端，此时电

22、阻&被短路，电流表A?的电流最小，保证电路安全。2实验开始之前，滑动变阻器R的滑动触头P应移至最右端，此时接入电路的电阻最大， 电流表A】的电流最小，保证电路安全。(2)3图甲中的滑动变阻器R选用心时，电路中的最小电流约为Z = -A 0.67A5 + 10此电流大于电流表AI的量程，实验不安全，所以滑动变阻器R选应用【4左值电阻R()选用R2时，电流表A2被改装成的电压表的量程为1高考模拟试卷U = . ( +Rj = 200× IO-6 ×(3O + 12O)V = 3V 这一量程更符合实验的要求，所以应选R”5螺旋测微器的固定刻度读数为05mm,可动刻度读数为

23、0.01 X 12.0 InIn = 0.120 mm所以最终读数为 0.5 mm + 0.120 mm = 0.620 min(5)6由欧姆立律和电阻泄律得U+ r2)一 R R*RXL整理得(RD + QS所以图像的斜率为 k=地(¾ + r2)S解得_kS(Ri)+ r2)P A15. 图为某游乐场内水上滑梯轨道示意图，粗糙轨道ABC在同一竖直平而内，点A距水而 UH高度为乩 点Q距水而的高度为A = -> BC部分可视为半径为R =-的圆弧。一质疑为加4 2的游客(视为质点)从轨道A点由静止滑下，到C点时沿水平方向滑离轨道，最终落在水而上的D点，若游客在Q点时对轨道的压

24、力大小为3农，不计空气阻力，重力加速度为g, 求：(1) 运动过程中，游客克服摩擦力所做的功；(2) 游客刚入水时的速度与水平方向夹角的正切值及重力的瞬时功率。答案(I)AM : (2)ianO =返，啊屁422详解(1)游客在C点时，对其受力分析如图IfNItlg由牛顿第二定律得对游客从A到C由动能定理得mg(H -h)-Wi = + n解得叱 ngH(2)对游客从C到D由运动学公式得vv2 = 2妙设游客入水时的速度方向与水平方向成&角，则tan = -Vo解得tan =2重力的瞬时功率P = IngV*解得216. 如图，左细右粗的导热气缸内的理想气体被竖直导热活塞分隔成A、B两

25、部分，活塞右端 用一长为厶的轻绳固泄在气缸右壁，活塞左端距气缸左端的距离为厶。已知气缸左端截面积 为S,右端截面而积为2S, A部分气体的压强为內，B部分气体的压强为4“（），活塞横截面 积为S,质量不计，气缸内表而光滑，周用环境温度保持不变。（1）求轻绳的拉力大小F：（2）若轻绳突然断裂，求再次平衡时活塞离气缸左侧的距离。X = -L3详解（1）对活塞受力分析如图所示，由受力平衡得 4poSPBS = PAS + F 解得F = 3p°S（2）设活塞再次平衡时藹气缸左侧的距离为”，由玻意耳主律得对气体APALS =PXS对气体BPBL×2S = P(L×2S +

26、 LS -xS)高考模拟试卷X = -L解得317. 如图所示，圆心为O的两个同心圆“、b的半径分别为R和2R,"和b之间的环状区域 存在着垂直纸而向里的匀强磁场，磁感应强度为B,圆“内存在着垂直纸而向外的匀强磁场,R磁感应强度为匕。一质量为,小电荷量为+g的带电粒子从圆边缘上的M点以某一初速度 巾射入磁场，当內的方向与MN的夹角为30。时，粒子能够到达N点，已知粒子在环状磁场 中的运动半径为R，带电粒子的重力忽略不计。（1）求粒子初速度Vo的大小；（2）求粒子从M到N的运动时间：（3）若调整粒子的初速度大小和方向，使粒子不进入圆"仍然能够到达N点，且运动时间 最短，求粒子初速度的大小。qBR答案J （!）SqBR详解（1）由牛顿第二定律得解得(2)由牛顿第二左律得 q%B =晋由运动学公式得.粒子在环状磁场中的运动周期T 2Rn 2r 7> 一VOCIB粒子在圆“中的运动周期丁471/7?Tr粒子在环状磁场中的运动时间粒子在圆“中的运动时间据几何知识可得粒子从M运动到N点的时间/ =人+/?+