物理试题1含答案

1、物理综合能力测试 1二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14下列说法中与物理学史实不符的是A伽利略通过实验及合理外推，指出自由落体运动是一种匀变速直线运动B亚里士多德认为力是维持物体运动的原因C卡文迪许通过扭秤实验第一个测出万有引力常量G的值D牛顿通过多次实验发现力不是维持物体运动的原因15把水星和金星绕太阳的运动视为圆周运动。从水星与金星和太阳在一条直线上开始计时，若测得在相同时间内水星、金星转过的角度分别为1、2（均为锐角），则由此条件可求

2、得水星和金星A质量之比B绕太阳的动能之比C到太阳的距离之比D受到的太阳引力之比16a、b是x轴上的两个点电荷，电荷量分别为Q1和Q2，沿x轴a、b之间各点对应的电势高低如图中曲线所示。从图中可看出以下说法中正确的是A把带负电的检验电荷沿x轴由a移到b的过程中，电场力对该电荷先做正功后做负功Ba、P间和P、b间各点的电场方向都指向P点C电势最低的P点的电场强度最大Da和b 一定是同种电荷，但是不一定是正电荷17在某潜艇的潜水实验中，潜艇内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10min内全过程的深度曲线（a）和速度图像（b），则有 A（a）图中h3代表本次最大深度，应为720mB全过程中

3、最大加速度是0.05m/s2C潜艇内人员感到超重发生在0-1min和8-10min的时间段内D潜艇在8-10min时间段内机械能守恒18如图所示，一个匝数为N = 100匝的线圈以固定转速50转/秒在匀强磁场中旋转，其产生的交流电通过一匝数比为n1：n2 = 10：1的变压器给阻值R = 20的电阻供电，已知交流电压表的示数为20V，从图示位置开始计时，则下列说法正确的是At = 0.0025s时刻穿过线圈平面的磁通量为 Wb B穿过线圈平面的最大磁通量为 Wb Ct = 0时刻流过线圈的电流不为零D电阻R消耗的电功率为10W19如图所示，两平行导轨ab、cd竖直放置在的匀强磁场中，匀强磁场方

4、向竖直向上，将一根金属棒PQ放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触。现在金属棒PQ中通以变化的电流I，同时释放金属棒PQ使其运动。已知电流I随时间的关系为I = kt(k为常数，k>0)，金属棒与导轨间存在摩擦。则下面关于棒的速度v、加速度a随时间变化的关系图象中，可能正确的有A B C D20如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，上面放一个质量为m的带正电小球，小球与弹簧不连接。现将小球向下压到某位置后由静止释放，若小球从静止开始运动到离开弹簧的过程中，重力和电场力对小球做功分别为W1和W2，小球离开弹簧时速度为v，不计空气阻力，小球的电荷量保持不变，则上述过程

5、中A小球的电势能增加W2 B弹簧弹性势能最大值为 mv2 + W1 W2C弹簧弹性势能、小球的电势能和小球的重力势能三者之和可能一直在减小D小球和弹簧组成系统的机械能增加W221半径为r 带缺口的刚性金属圆环在纸面上固定放置，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，如图甲所示，有一变化的磁场垂直于纸面，规定垂直纸面向里的方向为正，变化规律如图乙所示。在t0时刻平行板之间的中心位置有一电荷量为q的粒子由静止释放，粒子的重力不计，平行板电容器的充、放电时间不计，取上板的电势为零。则以下说法中正确的是A第2s内上极板为正极B第2s末粒子回到了原来位置

6、C第2s末两极板之间的电场强度大小为 (V/m)D第4s末粒子的电势能为 (J)24（13分）在光滑的水平冰面上建立xoy平面直角坐标系：向东方向为x轴正方向，向南方向为y轴正方向。现有一质量为1Kg的质点静止在坐标原点，从t = 0时刻开始，在第一个2s内对质点施加一个向东方向，大小为2N的水平拉力F；在第二个2s内将此力F改为向南方向，大小不变；第三个2s内再将此力F改为向东偏北450方向，大小不变。求： .第4s末质点的速度(结果可以用根式表达).第6s末质点的位置坐标25（19分）如图，在平面直角坐标系xoy内，第一象限的射线op与x轴夹角为30º，在pox范围之外存在垂直x

7、oy面向里的匀强磁场，磁感应强度为B一质量为m、带电量为q的正电粒子，从o点以沿y轴负方向的速度v出发仅受磁场力而运动。试求： .粒子离开o点后，第三次经过磁场边界时的位置坐标；.粒子在磁场中运动的总时间；.若保持其它条件不变而将pox变为15º，粒子出发之后将总共几次穿越磁场边界？物理参考答案及评分标准14.D 15.C 16.B 17.A 18.A 19.BD 20.CD 21.ACD24.（13分） 解析：质点的加速度大小为：a = F/m =2m/s2 1分 第一个2秒末质点的速度为V1 =a t = 4m/s 方向沿X正方向1分 第一个2秒末质点的位移为X1 =at2/2

8、=4m 方向沿X正方向 1分 第二个2秒质点做类平抛运动，V2X =V1 = 4m/s V2Y =a t = 4m/s 1分 X2 =V2X t =8m Y2= at2/2 =4m 1分所以： 前4秒内质点位移的大小为4 m1分 第4秒末质点的速度为4m/s 方向东偏南4502分 第3个2秒内质点还是做类平抛运动 1分沿V2方向运动S3=4×2=8m 1分沿垂直V2方向运动S4=at2/2 =4m 1分故第6秒末质点的位置坐标为：X= 4+8+S3×sin450+S4×sin450 = （20+2）m 1分Y= 4+S3×sin450 S4×s

9、in450 = （122）m 1分25. （19分）解： (1)粒子在磁场中做圆周运动，如图为粒子运动轨迹描绘，洛仑兹力提供向心力： 2分得圆轨道半径第一段圆弧轨迹OA为半圆，A点横坐标为2R粒子再次由点B(2R，)进入磁场，进入磁场时与边界OP夹角2=60º1分粒子再次出磁场即第三次经过磁场边界在位置C，由几何关系BC=2Rsin2= 1分由此易得C点坐标(，)，即(，) 2分(2)粒子在磁场中运动周期周期 2分粒子第一段圆弧OA圆心角180º，第二段圆弧BC圆心角为360º-22=240º1分由几何关系，粒子第三次进入磁场时，速度与边界Ox夹角3=30º，这也是粒子第三次出磁场时速度与边界Ox的夹角，因为Pox=30º，所以第三次出磁场后粒子速度与OP平行，不再能进入磁场。1分容易求得粒子第三次在磁场中轨迹的圆心角为60º. 1分所以粒子在磁场中运动总时间为：t= 2分(3)每一次粒子进入磁场时速度与磁场边界夹角，与出磁场时速度与磁场边界夹角相等，如右图可看出：n+1=n-2分其中n为粒子第n次在磁场中运动过程中，进磁场或出磁场时其速度与磁场边