高考物理模拟试题精编及答案解析(一)

1、精选优质文档-倾情为你奉上最新高考物理模拟试题精编及答案解析(一)(考试用时：60分钟试卷满分：110分)第卷(选择题共48分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题6分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)14物体从斜面(斜面足够长)底端以某一初速度开始向上做匀减速直线运动，经t秒到达位移的中点，则物体从斜面底端到最高点时共用时间为()A2tB.tC(3)t D(2)t15一质量为M、带有挂钩的球形物体套在倾角为的细杆上，并能沿杆匀速下滑，若在挂钩上再吊一质量为m的物体，让它们沿细杆下滑，如图所示，则球形物体()A仍匀速下滑B沿细杆加速下滑C受到细杆的摩擦力不变D受到细

2、杆的弹力不变16如图甲所示，直角三角形斜劈abc固定在水平面上t0时，一物块(可视为质点)从底端a以初速度v0沿斜面ab向上运动，到达顶端b时速率恰好为零，之后沿斜面bc下滑至底端c.若物块与斜面ab、bc间的动摩擦因数相等，物块在两斜面上运动的速率v随时间变化的规律如图乙所示，已知重力加速度g10 m/s2，则下列物理量中不能求出的是()A斜面ab的倾角B物块与斜面间的动摩擦因数C物块的质量mD斜面bc的长度L17如图所示，一理想变压器原、副线圈匝数之比为31，原线圈两端接入一正弦交流电源，副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表下列结论正确的是()A若电压表读数为36

3、V，则输入电压的峰值为108 VB若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数增加到原来的4倍C若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D若只将输入电压增加到原来的3倍，则输出功率增加到原来的9倍18如图所示，一个大小可忽略，质量为m的模型飞机，在距水平地面高为h的水平面内以速率v绕圆心O做半径为R的匀速圆周运动，O为圆心O在水平地面上的投影点某时刻该飞机上有一小螺丝掉离飞机，不计空气对小螺丝的作用力，重力加速度大小为g.下列说法正确的是()A飞机处于平衡状态B空气对飞机的作用力大小为mC小螺丝第一次落地点与O点的距离为 D小螺丝第一次落地点与

4、O点的距离为 二、多项选择题(本题共3小题，每小题6分，共18分全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分)19如图所示，实线为三个电荷量相同的带正电的点电荷Q1、Q2、Q3的电场线分布，虚线为某试探电荷从a点运动到b点的轨迹，则下列说法正确的是()Ab点的电场强度比a点的电场强度大B该试探电荷从a点到b点的过程中电场力一直做负功C该试探电荷从a点到b点的过程中电势能先增加后减少D该试探电荷从a点到b点的过程中动能先增加后减少20在如图所示电路中，蓄电池的电动势E04 V，内阻r1 ，电阻R4 ，电容为1 pF的平行板电容器水平放置且下极板接地一带电油滴位于板间正中央P点且恰好处于静

5、止状态下列说法正确的是()AP点的电势为2 VB上极板所带的电荷量为3.2×1012 CC若在P点与下极板间插入一块玻璃板，电容器上极板所带的电荷量将增加D若将上极板缓慢上移少许，油滴将向上运动21如图所示，边长为2L的正方形虚线框内有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B.一个边长为L、粗细均匀的正方形导线框abcd，其所在平面与磁场方向垂直，导线框的对角线与虚线框的对角线在一条直线上，导线框各边的电阻大小均为R.在导线框从图示位置开始以恒定速度v沿对角线方向进入磁场，到整个导线框离开磁场区域的过程中，下列说法正确的是()A导线框进入磁场区域时产生逆时针方向的感应电流B导线框

6、中有感应电流的时间为C导线框的对角线bd有一半进入磁场时，整个导线框所受安培力大小为D导线框的对角线bd有一半进入磁场时，导线框a、c两点间的电压为选 择 题 答 题 栏题号14151617答案题号18192021答案第卷(非选择题共62分)本卷包括必考题和选考题两部分第2225题为必考题，每个试题考生都必须作答第3334题为选考题，考生根据要求作答22(6分)某同学利用做自由落体运动的小球来验证机械能守恒定律在某次实验中，该同学得到小球自由下落的部分频闪照片如图所示，图中所标数据均为小球下落的实际距离若已知当地的重力加速度大小为g9.80 m/s2，小球的质量为m1.00 kg，频闪仪每隔0

7、.05 s闪光一次(1)在t2到t5时间内，小球重力势能的减少量Ep_J，动能的增加量为Ek_J；(结果保留三位有效数字)(2)该同学通过多次实验发现，无论在哪段时间内，小球重力势能的减少量Ep总是大于其动能的增加量Ek，造成这种现象的主要原因是_23(9分)某兴趣小组用图甲所示的电路测定某电源的电动势和内阻，除待测电源、开关、导线外，另有内阻为RV3 000 的电压表一只(量程略大于电源的电动势)，电阻箱一个(1)实验中调整电阻箱达到实验要求时，电阻箱的各个旋钮的位置如图乙所示，电阻箱的读数是_.(2)为了减小测量误差，多次改变电阻箱的电阻R，读出电压表的示数U，得到如下表的数据请在图丙坐标

8、纸上画出与R的关系图线.实验序号123456R/01 000.02 000.03 000.04 000.05 000.0U/V2.892.171.741.451.241.09(1/U)/V10.350.460.570.690.810.92(3)由图线得出：电源电动势E_V，内阻r_.(结果保留两位有效数字)(4)该小组同学测量电源内阻误差的主要原因可能是_A导线的电阻B电压表读数的误差C电压表的内阻D电阻箱的精确度24(14分)在水平面上，平放一半径为R的光滑半圆管道，管道处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中，另有一个质量为m、带电荷量为q的小球(1)当小球从管口沿切线方向以某速度射入，运

9、动过程中恰不受管道侧壁的作用力，求此速度v0；(2)现把管道固定在竖直面内，且两管口等高，磁场仍保持和管道平面垂直，如图所示空间再加一个水平向右、场强E的匀强电场(未画出)若小球仍以v0的初速度沿切线方向从左边管口射入，求小球：运动到最低点的过程中动能的增量；在管道运动全程中获得的最大速度25(18分)如图所示，质量为m32 kg的滑道静止在光滑的水平面上，滑道的AB部分是半径为R0.3 m的四分之一圆弧，圆弧底部与滑道水平部分相切，滑道水平部分右端固定一个轻弹簧，滑道除CD部分粗糙外其他部分均光滑质量为m23 kg的物体2(可视为质点)放在滑道的B点，现让质量为m11 kg的物体1(可视为质

10、点)自A点由静止释放，两物体在滑道上的C点相碰后粘为一体(g10 m/s2)求：(1)物体1从释放到物体2相碰的过程中，滑道向左运动的距离；(2)若CD0.2 m，两物体与滑道的CD部分的动摩擦因数都为0.15，求在整个运动过程中，弹簧具有的最大弹性势能；(3)物体1、2最终停在何处请考生在第33、34两道物理题中任选一题作答如果多做，则按所做的第一题计分33(15分)【物理选修33】(1)(5分)下列说法正确的是_(选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A相同条件下，温度越高，布朗运动越明显，颗粒越小，布朗运动也越明显B荷叶上的露珠成球形是液体表面

11、张力作用的结果C不断改进技术可以使热机吸收的热量全部转化为机械能D具有各向同性的物质都是非晶体E水的饱和汽压随温度的升高而增大(2)(10分)如图所示，横截面积为10 cm2的汽缸内有a、b两个质量忽略不计的活塞，两个活塞把汽缸内的气体分为A、B两部分，A部分气柱的长度为30 cm，B部分气柱的长度是A部分气柱长度的一半，汽缸和活塞b是绝热的与活塞b相连的轻弹簧劲度系数为100 N/m.初始状态A、B两部分气体的温度均为27 ，活塞a刚好与汽缸口平齐若在活塞a上放上一个2 kg的重物，则活塞a下降一段距离后静止然后对B部分气体进行缓慢加热，使活塞a上升到再次与汽缸口平齐，则此时B部分气体的温度

12、为多少？(已知外界大气压强为p01×105Pa，重力加速度大小g10 m/s2)34(15分)【物理选修34】(1)(5分)如图所示，ABGD为某棱镜的横截面，其中BG90°，D75°.某同学想测量该棱镜的折射率，他用激光笔从BG边上的P点射入一束激光，激光从Q点射出时与AD边的夹角为45°，已知QEBG，PQE15°，则该棱镜的折射率为_，若改变入射激光的方向，使激光在AD边恰好发生全反射，其反射光直接射到GD边后_(填“能”或“不能”)从GD边射出(2)(10分)如图甲所示，在某介质中波源A、B相距d20 m，t0时二者同时开始上下振动，A

13、只振动了半个周期，B连续振动，两波源的振动图象如图乙所示两振动所形成的波沿AB连线相向传播，波速均为v1.0 m/s，求：两振动所形成波的波长A、B；在t0到t16 s时间内从A发出的半个波在前进的过程中所遇到B发出波的波峰个数答案解析14解析：选D.物体沿斜面向上做匀减速直线运动，到最高点的速度为零，为了使问题简化，可以看成由最高点开始的初速度为零的匀加速直线运动，则前一半位移与后一半位移所用的时间之比为，又t2t，解得t1(1)t，因此总时间为t1t2(2)t，D正确15解析：选A.当球形物体沿细杆匀速下滑时，由力的平衡条件可知所受细杆的弹力FNMgcos 且Mgsin Mgcos ，则t

14、an ，当挂上一质量为m的物体时，以两物体整体为研究对象，沿杆向下的重力分力为F1(Mm)gsin ，细杆所受的压力大小为FN(Mm)gcos ，细杆所受的压力变大，由牛顿第三定律知，D错误；球形物体所受的摩擦力即沿杆向上的力，大小为F2Ff(Mm)gcos ，摩擦力增大，C错误；分析可知F1F2，因此球形物体仍沿细杆匀速下滑，A正确，B错误16解析：选C.根据题图乙可求出物块在左右斜面上的加速度大小a1、a2，根据牛顿第二定律有mgsin mgcos ma1，mgcos mgsin ma2，则可求出和，但m无法求出，根据题图乙可求出0.61.6 s时间内物块的位移大小，即可求出L，故选项C正

15、确17解析：选D.若电压表读数为36 V，则输入电压的有效值为108 V，峰值为108 V，A错误；若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则输出电压也增加到原来的2倍，电流表示数应增加到原来的2倍，B错误；若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输出电流减小到原来的一半，输入功率(等于输出功率)减小到原来的一半，C错误；若只将输入电压增加到原来的3倍，输出电压也增加到原来的3倍，则由P可知输出功率增加到原来的9倍，D正确18解析：选C.由于飞机在水平面内做匀速圆周运动，速度时刻在发生变化，因此飞机的加速度不为零，合外力不为零，A错误；由圆周运动的知识可知，重力与空气对飞机作用力

16、的合力提供飞机做圆周运动的向心力，即Fm，因此空气对飞机的作用力大小为F1 ，整理得F1 ，B错误；小螺丝从飞机上掉下后做平抛运动，小螺丝的初速度大小为v，由竖直方向的分运动可知hgt2，水平位移为xvt，则小螺丝的落地点与O之间的距离为s ，由以上整理可得s ，C正确，D错误19解析：选AC.根据电场线的密疏程度表示电场强度的大小可知，b点的电场强度比a点的电场强度大，选项A正确；该试探电荷从a点到b点的过程中，电场力提供其做曲线运动的合外力，且电场力方向指向曲线凹处，与速度方向的夹角先是钝角后变成锐角，即电场力先做负功后做正功，试探电荷的电势能先增加后减少，根据功能关系可知，试探电荷的动能

17、先减少后增加，选项C正确，B、D错误20解析：选BC.R两端的电压UR3.2 V，P点的电势为U1.6 V，选项A错误；上极板所带的电荷量QCU3.2×1012C，选项B正确；电容C，得Q，插入一块玻璃板，则r增大，Q增加，选项C正确；油滴在P点受力平衡，qEmg，若将上极板缓慢上移少许，电容器两端的电压U不变，板间距离d增大，根据E得，场强E减小，油滴所受的电场力qE也减小，油滴将向下运动，选项D错误21解析：选ABD.导线框进入磁场区域的过程中穿过导线框的磁通量向里增大，由楞次定律和安培定则可知感应电流的方向沿逆时针方向，A正确导线框只有进入磁场与穿出磁场的过程中才有感应电流，这

18、两阶段通过的总位移为2L，故B正确导线框的对角线bd有一半进入磁场时，整个导线框切割磁感线的有效长度为对角线a、c长度的一半，产生的电动势为EBLv，所受安培力大小为FB×L，a、c两点间电压UI×2R，C错误、D正确22解析：(1)在t2到t5时间内，小球下落的高度h0.720 6 m，所以小球重力势能的减少量为Epmgh7.06 J，小球在t2时刻的瞬时速度大小v2 m/s4.072 m/s，在t5时刻的瞬时速度大小v5 m/s5.536 m/s，所以小球动能的增加量Ekm(vv)7.03 J.(2)由于小球下落过程中要受到空气阻力的作用，所以减少的重力势能一部分转化为

19、小球运动的动能，另一部分转化为克服空气阻力做功而产生的内能答案：(1)7.06(2分)7.03(2分)(2)空气阻力使小球的机械能减少(2分)23解析：(1)电阻箱的读数为4 000 .(2)画出R图线如图所示(3)根据闭合电路欧姆定律有I，电压表两端电压UIRVRV，所以，由R图线可得斜率k1.15×104 V1·1，纵截距b0.35 V1，可得E2.9 V，r43 .(4)导线的电阻相对于电压表的内阻可以忽略；实验原理精确，所以主要是读取数据的误差，读取的是电压表的读数；电压表的内阻已知，电阻箱的读数很精确答案：(1)4 000(2分)(2)如解析图所示(2分)(3)2

20、.9(2分)43(2分)(4)B(1分)24解析：(1)小球在水平面上只受到洛伦兹力作用，故qv0B(2分)解得v0(1分)(2)小球在管道内运动时，洛伦兹力始终不做功对小球运动到最低点的过程，由动能定理得mgRqEREk(3分)又E联立可得动能增量Ek2mgR(1分)求最大速度解法一：当小球到达管道中方位角为的位置(如图所示)时，根据动能定理，有mgRsin qE(RRcos )mv2mv(3分)即v22gR(sin cos )2gR(1分)对函数ysin cos 求极值，可得45°时，ymax (2分)所以vm (1分)求最大速度解法二：如图所示，根据场的叠加原理，小球所受的等效

21、重力为：mg mg(1分)tan 1，即等效重力与水平方向夹角为45°(1分)小球在等效重力场的“最低点”时，即当小球到达管道中方位角为45°时，速度最大(1分)由动能定理得mgRsin qE(RRcos )mvmv(3分)解得：vm (1分)答案：(1)(2)2mgR 25解析：(1)物体1从释放到与物体2相碰撞前瞬间，物体1、滑道组成的系统水平方向动量守恒，设物体1水平位移大小s1，滑道水平位移大小s3，有：0m1s1m3s3(2分)s1R(1分)可以求得s30.15 m(2分)(2)设物体1、2刚要相碰时物体1的速度为v1，滑道的速度为v3，由机械能守恒定律有m1gR

22、m1vm3v(2分)由动量守恒定律有0m1v1m3v3(1分)物体1和物体2相碰后的共同速度设为v2，由动量守恒定律有m1v1(m1m2)v2(2分)弹簧第一次压缩到最短时由动量守恒定律可知物体1、2和滑道速度为零，此时弹性势能最大，设为Epm.从物体1、2碰撞后到弹簧第一次压缩到最短的过程中，由能量守恒有(m1m2)vm3v(m1m2)g·CDEpm(2分)联立以上方程，代入数据可以求得Epm0.3 J(2分)(3)分析可知物体1、2和滑道最终将静止，设物体1、2相对滑道CD部分运动的路程为s，由能量守恒有(m1m2)vm3v(m1m2)gs(2分)代入数据可得s0.25 m(1分)所以物体1、2最终停在D点左侧离D点为0.05 m处(1分)答案：(1)0.15 m(2)0.3 J(3)D点左侧0.05 m处33解析：(1)相同条件下，温度越高，布朗运动越明显，颗粒越小，布朗运动也越明显，A正确；荷叶上的露珠成球形是液体表面张力作用的结果，B正确；根据热力学第二定律可知C错误；多晶体、非晶体都具有各向同性，D错