数学物理方程期末试卷

1、2012学年第二学期数学与物理方程期末试卷出卷人:欧峥1、长度为l的弦左端开始时自由，以后受到强度为AsinH的力的作用，右端系在弹性系数为k的弹性支承上面；初始位移为中（x）,初始速度为中（x）.试写出相应的定解问题。（10分）2、长为l的均匀杆，侧面绝热，一端温度为0度，另一端有已知的恒定热流进入，设单位时间流入单位截面积的热量为q,杆的初始温度分布是正义,试写出2其定解问题。（10分）L2cu_auTT=-2ctXXU=0,xW)3、试用分离变量法求定解问题（10分）:,0二x二4,t0U=o,x=4二2xt-04、分离变量法求定解问题（10分）22n2nutt=auxx+sinxcos

2、x,(0x0)11，u(0,t)=3,u(1,t)=6，x)4nu(x,0)=31+；,Ut(x,0)=sinx1J1(10分):5、利用行波法，求解波动方程的特征问题（又称古尔沙问题）Ux_at=0Ux+at=。=：(x)=1(x).6、用达朗贝尔公式求解下列一维波动方程的初值问题（10分）22二u/二u2=a2cosx,-二x,t0:t2x2I-cFUcUt=0=sin2x,tv=0l讥7、用积分变换法求解定解问题(10分)：2U,cC=1,x0,y0xyUxw=y+1,Uy=0-1,I8、用积分变换法求解定解问题(10分)：2Utt=aUxx,xR,t0u(x,0)=sinx,Ut(x,

3、0)=09、用格林函数法求解定解问题（10分）:y0,UyJf(x)，一笛x10、写出格林函数公式（三维）及满足的条件，并解释其物理意义。（10分）考试内容分析用数理方程研究物理问题的一般步骤；数理方程的建立（导出），包括三类典型方程的建立（导出）推导过程。这里的1,2两道题就是考察学生在实际物理背景下能否写出定解问题。这些定解问题并不复杂，主要就是让学生了解一下。3,4两道题主要考察分离变量法的精神、解题步骤和适用范围。第3题是最基本的分离变量法的运用，分离变量法的主要思想：1、将方程中含有各个变量的项分离开来，从而原方程拆分成多个更简单的只含1个自变量的常微分方程；2、运用线性叠加原理，将

4、非齐次方程拆分成多个齐次的或易于求解的方程；3、利用高数知识、级数求解知识、以及其他巧妙方法，求出各个方程的通解；4、最后将这些通解“组装”起来。第4题是非齐次方程，主要考察学生对非齐次方程的处理能力。5,6两道题是考察行波法。第5题就是书本中一维波动方程的DAlembert公式的推导，是最最基础的东西，在这里考察学生平时的基础，题目不难但是能很好的考察学生对行波法的理解。第6题考察了DAlembert公式的应用，同时又因为方程式非齐次的，也考察了方程的齐次化。第7,8两道题是对积分变换法的考察。第7题是对拉普拉斯变换的考察拉普拉斯变换的基本概念以及常见函数的拉普拉斯正变换；利用拉普拉斯变换的

5、基本定理，拉普拉斯变换表以及部分分式展开法对常见函数进行拉普拉斯反变换。第8题主要考察傅里叶变换的基本定理及其性质。9,10两道题是考察格林函数法。第9题有些难度，是一道二维拉普拉斯的狄利克雷问题，主要考察对第二格林公式的理解及其应用。第10题看似比较简单，但是也是大家比较容易忽略的问题，不一定能将其完整的解答。这里还要求你写出其物理意义，意图当然不言而喻了，就是想体现数学物理方程这门课的意义，将数学与物理结合起来，了解古典方程的类型，明白其物理意义和现象。答案及分析1、解：这是弦的自由振动，其位移函数u（x,t）满足2utt=auxx,（2刀）其中a2=T.由于左端开始时自由，以后受到强度为

6、Asinst的力的作用，所以Pux(0,0)=0,Tux(0,t)Asint=0,t0,因此ux(0,t)=A；,t-0.(2分)又右端系在弹性系数为k的弹性支承上面，所以Tux(l,t)ku(l,t)=0,即Tux(l,t)+ku(l,t)=0.(2分)而初始条件为ut=0=邛（x）,utt=0=中（x）.（2分）因此，相应的定解问题为2utt=auxx,0:x：l,t0,t-0.(2分)Asintux(0,t)T,Tux(l,t)ku(l,t)=0,u13=*(x),uttm=中(x).2、解：侧面绝热，方程为ut=a2uxx,0x0（3分）边界条件为ux=0=0,uxx=q,tA0（3分

7、）k初始条件为ut刈_x）,0x；l（3分）2因此，相应的定解问题为：r1（1分）3、解令MxRXlx（2分），代入原方程中得到两个常微分方程：T（t）+%T（t）=0,X（x）+九X（x）=0（2分）,由边界条件得到X（0）=X（4）=0对九的情况讨论，只有当九0时才有非零解，令九=B2,得到-242为，一一Xn(x)-Bnsin特征值，特征函数22.n二t4(1分)，再解T，得到Tn6=Cne16(2n2，tu(x,t)(Cne16分)，于是4(1分)再由初始条件得到24Cn=-2xsinn4016n1xdx=(-1)1分)，所以原定解问题的解为u(x,t)八n4n,二”(-1)nen22

8、t(1分)4、解：令u(x,t)=V(x,t)+W(x)(1分)将其代入定解问题可以得到:Vtt=a2Vxx,(0x0)V(0,t)=0,V(l,t)=0(1分)V(x,0)=31-W(x),Vt(x,0)=sinxa2W(x)sinxcosll(1分)W(0)=3,W(l)=6的解为：W(x)=l232二2a2(2分)对于(1),由分离变量法可得一般解为V(x,t)二工ancosn二atbnsinn二atsin(2分)由初始条件可求得:V(x,t)=l24-a-2-cos一、32n2a2ltlsin4二at所以，原定解问题的解为:u(x,t)=一l2232二2a2cos一2lLsin4二at

9、sinl232二2a(22sin4二xx311(1分)(2分)5、解：u(x,t)=F(x-at)+G(x+at)令x-at=0得中(x)=F(0)+G(2x)(2分)令x+at=0得(x)=F(2x)+G(0)分）所以F(x)=x中()-G(0).G(x)=中2-F(0)(2分)且F(0)+G(0)=(0)(0).(1分)所以u(x,t)=：(xat2即为古尔沙问题的解。(1分)因此,、1w(x)=2cosxa(2分)，再求6、解令u（x，t）=v（x，t）+w（x）（i分），代入原方程中，将方程齐次化,.2.2二V2V22=a2w(x)cosx=aw(x)cosx=0=a4fl4二x定解问

10、题公用：2vft2=a2j,t0x1,、：v=sin2x-rcosxw(x),a2ftt=00,（2分）由达朗贝尔，、1，、1，、.、v(x,t)=-sin2(xat)-=cos(aat)sin2(x-at)-2a+1+=sinxcosat-cosxcosata1、八cos(x-at)0(4分)11u(x,t)=sinxcosat一-2cosxcosat-cosx.aa(1分）7、解对y取拉普拉斯变换Lu（x，y）=U（x，P）（1分）,对方程和边界条件同时对dU1.p丁=一，uy取拉普拉斯变换得到dxP1x02PP（3分），解这个微分方程得到111U(x,p)=2x2一ppp(3分)，再取拉

11、普拉斯逆变换有u(x,y)=yx+y+1(2分)所以原问题的解为u(x,y)=yx+y+1.(1分)8、解：对于初值问题关于x作Fourier变换，得:2da2.U(，t),x-R,t0dt2i?(-,0)=F(sinx),Ut(,0)=0该方程变为带参数缶的常微分方程的初值问题。解得(2分)U?(,t)=CejatC2e4at(2分)于是。(牝0)=F(sinx)=C1+C2M(缶,0)=ja(C1-C2)=0(2分)则由C1=C2=；F(sinx),得:i?(,t)=；2F(sinx)(eja+e)(2分)作像函数也。上)的Fourier逆变换u(x,t)=FAu?(0,t)=1FJF(s

12、inx)(eja，+ea)1sin(xat)十sin(x+at)22=sinxcosat(2分)9、解：设Mo(xo，yo)为下半平面中任意一点。已知二维调和函数的积分表达式1F1u(M)=-271mM)云(g二)-1nmm0：:n)dS(1(2)u(M0)=u(M)(r.:n2二Fn1-1(lF)dS勺nrMM0-v)dS：n(2设v为调和函数，则由第二格林公式知i(u、2v-v、2u)d；二二(u-v-)dS=0；：n：:n若能求得v满足2V=0,y:二0lnrMM0y=o(3)(2分)由电象法可知，Mxo，-yo）为Mo（xo,yo）的象点，故可取vln，2rMM1(1分)11,则定义格林函数G(M,Mo)=ln-v,则有2二rMMocGu(Mo)-iu(M)dSjn显然其满足（3）。从而可得格林函数G(M,M0)=ONC4Ci.G:G1；八=(lny2二Fyjn2：;rMM1-In-)二rmmorMM11/-(y-y。)-Z-(222二(x-xo)(y-yo)(3-(yyo)、22)(x-xo)(yyo)分)故而u(Mo)=-u(M)dS=-1n:,二Tk()d(110、解：（1）格林函数公式（三维）为:G(MMo)=4rmmo一g(MMo)M11(2分)其中函数g满足的条件