【物理】电功率中考真题

1、【物理】电功率中考真题一、电功率选择题1.如图所示是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验，下列分析正确的是A.甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量更多B.乙实验通电一段时间后，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大C.乙实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系D.乙实验右边密闭容器与左边密闭容器中的电阻丝产生热量之比为4: 1【答案】B【解析】 【解答】解：A、甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同， 右侧电阻阻值大，由焦耳定律 Q=I2Rt可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸 收的热量多。A不符合题意；B、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒

2、中电阻丝的电阻和通电时间相 同，由焦耳定律 Q=I2Rt可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多， 气体压强大，即左侧 U形管中液面的高度差比右侧的大。B符合题意；C、乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相 同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。C不符合题意；D、装置乙中一个 5的电阻与两个 5的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可 知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=1左，两个5的电阻并联，根据并联电路的电流特点知 I右=Ii+l2 ,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2 ,所以右边容器

3、中通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，由Q= I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍，D不符合题意。故答案为：B【分析】探究热量与电流及电阻的关系，要求能正确分析电路，掌握串并联电路的特点， 并灵活应用焦耳定律根据控制变量法（两电阻中的电流相等，两电阻丝的阻值不同，根据 温度计示数的变化判断吸收热量的多少，可探究电流产生热量与电阻大小的关系；通过电 阻的电流不同，比较相同通电时间内两支温度计示数变化情况，可探究电流产生的热量与 电流是否有关）及转换法（探究影响电热的因素时，通过液体吸热的多少反应电阻丝产生 的热量）分析解答.2.下列估测值最接近生活实际的是（）

4、A.人骑自行车的平均速度约为0.5m/sB.中学生的质量约为 200kgC.初中物理课本的宽度约为 18cmD.日光灯正常工作的电功率约为1000W【答案】C【解析】【解答】解：A、人步行的速度在 1.1m/s左右，骑自行车的速度在5m/s左右，A不符合实际；B、中学生的质量在 50kg左右，B不符合实际；C、初中物理课本的宽度约为18cm, C符合实际；D、日光灯正常工作的电功率在 40W左右，D不符合实际。故答案为：Co【分析】利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法，不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计

5、算，有的要进行单位的换算.3.有两只灯泡Li、L2 ,分别标有“220V100W和“220V（40W的字样。若不考虑温度对灯丝电阻的影响，下列说法中正确的是（）A.两灯正常发光时，Li的电阻较大B.两灯并联接入C.两灯串联接入D.两灯串联接入【答案】C220V的电路,220V的电路,220V的电路,Li、L2消耗功率之比是2:5Li消耗的功率小于25W两灯泡消耗总功率大于40W小于100Wif (220V)2声(220V)2【解析】【解答】解：（1）由P=UI二#可得，两灯泡正常发光时的电阻分别为:Rl = = = 484 七二一二二 1210 Qr Pl 100W'iow则R1<

6、;R2,即L1的电阻较小，A不符合题意；（2）两灯并联接入 220V的电路，它们两端的电压等于 220V,均能正常发光，则 L1、L2消耗功率之比 P1: P2=100W: 40W=5: 2, B 不符合题意；（3）两灯串联接入 220V的电路时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之 和，V220V10所以，电路中的电流枯/他 抬/般” 1210:. I叵二 FUi = X 4&Q 冷 & 2W < 257力消耗的功率，C符合题意；P = UI = 220V X f 犯 6W < 犯两灯泡消耗总功率r，D不符合题意。故答案为：Co【分析】根据 P=UI二斤求出两灯泡正常

7、发光时的电阻，然后比较两灯泡的电阻关系；两灯并联接入220V的电路时，实际功率和额定功率相等，据此得出L1、L2消耗功率之比；两灯串联接入220V的电路时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI=Fr求出Li消耗的功率，根据 P=UI求出两灯泡消耗总功率4 .关于电现象，下列说法正确的是（）A.电流做功越多，电功率越大C.同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥阻【答案】B【解析】 【解答】解：A、电功率的大小, 关，故A错误；B.家用电器的金属外壳要接地D.导体中没有电流通过时，导体就没有电不但和做功的多少有关，还与时间的长短有B、有金属外壳的家用电器的金属外壳要接地，正确；C、电

8、荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故C错误；D、电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关，故 D错误.故选B.【分析】（1）电功率是表示电流做功快慢的物理量，和电流做功的多少、时间的长短有 关；（2）为了防止漏电发生触电事故，所以大功率或有金属外壳的用电器的外壳要接地；（3）电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（4）电阻是导体的一种性质，和导体中有无电流无关.5 .小明利用电能表测量某个家用电器的电功率，当电路中只有这个电器连续工作时，测得在1h内，消耗的电能为1.2kW?h,那么用这个电器是（）A.液晶电视机B.台式计算机iC.家用空调iD.电冰箱【答案

9、】C【解析】【解答】解： 用电器在t=1h内消耗的电能为 W=1.2kW?h,用电器的电功率：P= F = q =1.2kW=1200W,液晶电视机的电功率约为 100W,台式计算机的电功率约为200W,空调的电功率约为1000W,电冰箱的功率约为 100W, 所以电功率是1200W的用电器是空调.故选C.【分析】根据用电器在1h内消耗的电能，结合公式P=，求出电功率，再与题目中给出的用电器的功率比较即可.6 .下列估计值中，最接近实际的是（B.住宅楼每层楼白高度约为 3mA.人正常步行时的速度约为5m/sC. 一本物理书的质量约为 30guD.一盏家用节能灯的功率约为1kW【答案】B【解析】

10、【解答】解：刁A、人正常步行的速度在 4km/h=4 X匕巾m/s = 1.1m/s左右.故 A不符合实际；B、住宅楼三层的高度在 10m左右，一层楼的高度一般在3m左右.故B符合实际；C、一个大苹果的质量在300g左右，一本物理书的质量与此差不多，在 300g左右.故 C不符合实际；D、教室中日光灯的额定功率在40W左右，家用节能灯的额定功率比日光灯还要小得多，一般在10W左右.故D不符合实际.故选B.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进 行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.7.下列估测最接近实际的是（）A.一个

11、鸡蛋的质量约为 200gB.人感觉舒适的环境温度约为 23 CC. 一位普通中学生的手掌宽度约为25cmuD.家用电视机的功率约为1500W【答案】B【解析】【解答】解：A、一个鸡蛋的质量约为 50g；B、人感觉舒适的环境温度为20 - - 26C ;C、一位中学生的手掌宽度约为10cm；D、家用电视机的功率约为 200W.故选B【分析】做这种题目，要对一些常见的物理量要有一定的估测能力，根据生活常识去判断 题目的对错.8 .如图所示是探究电流通过导体时产生热量的多少与什么因素有关”的实验装置，两个透明容器中密闭这等量的空气，Rl = R2=R3 ,当开关S闭合后，下列说法正确的是（）A.该实

12、验装置是探究电流通过电阻时产生的热量与电阻大小的关系B.通过电阻 Ri和R的电流相等C.通电一段时间后，右边 U形管内液面的高度差比左边小“D.该实验装置是利用U形管中液体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的多少的【答案】C【解析】【解答】解：A装置中R2、R3并联后再与R1串联，通过R1的电流Ii=2 + I3,而I2=I3 ,所以右边容器中通过 R3的电流I3是左侧通过R1电流的一半，即是研究电流产生的 热量与电流的关系，故 A错误；B、由图知，通过 R1的电流Il=l2+l3 ,而I2=I3 ,所以通过电阻 R1和R2的电流不相等，故 B 错；C、左右两容器中的电阻相同，而通过电阻Ri的电流大

13、于 R2的电流，通电时间相同，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，左边U形管内液面的高度差比右边U形管内液面的高度差大，故 C正确；D、电流产生的热量不能用眼睛直接观察，对密封容器中空气加热，引起U型管中液面变化，通过液面高度差的变化来反映，是利用容器内气体的热胀冷缩来反映电阻放出热量的 多少，故D错误.故选C.【分析】A、电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，在通电时间和电阻相同时，是探究电流产生热量跟电流的关系；B、根据串、并联电路的电流大小关系分析判断C、通电时间相同、电阻相同，通过白电流不同，利用焦耳定律Q放=I2Rt分析判断；D、电流通过导体产生热量的多少不

14、能直接观察，但气体温度的变化可以通过U型管中液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想.9 .下列数据中最接近生活实际的是（）A.人的正常体温约为39 C340m/sC.甲型H1N1流感病毒的长度约为 1cm【答案】D【解析】【解答】B.无线电波在空气中的传播速度约为 iD.电冰箱的额定功率约为 100WA、人的正常体温为 37C,变化很小，故 A不符合实际；B、无线电波在真空中的传播速度最大，为3X18m/s,在空气中的传播速度略小一些，接近3X10m/s,故B不符合实际；C、甲型HINI流感病毒的长度很小，约为 10-40nm,故C不符合实际；D、电冰箱的额定功率约为 100W左右，故D符合

15、实际.故选D.【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案.10 .如图所示，灯泡 L1和L2 （灯泡中只要有电流就能发光）相同，电源电压小于灯泡的额 定电压，且保持不变，开关 S由闭合到断开，电路中（）A. Li变亮，电压表示数变小B. Li变暗，电流表示数变大C.匕亮起来，电压表示数变大D. L2亮起来，电流表示数变小【答案】D【解析】【解答】解：开关 S闭合时，电路为灯泡 Li的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电路中的电流；当开关S断开时，灯泡Li和L2串联，灯泡L2亮起来，电

16、压表测灯泡L1两端的电压，电流表测电路中的电流；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所U以，电路中的总电阻变大，由 I= R可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，D符合题意；由U=IR可知，灯泡Li两端的电压变小，即电压表的示数变小，C不符合题意；因P=UI,且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡Li的实际功率变小，灯泡Li变暗，A、B不符合题意。故答案为：Do【分析】结合电路图，理清开关处于不同状态时元件的连接方式及电表的测量对象，首先判断出电路中电阻的变化，根据欧姆定律I=.判断出电路中的电流的变化和灯泡Li两端的电压的变化，即电压表的示数的变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的

17、变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化11 .如图甲，电源电压恒定，R0为定值电阻，电阻 R的阻值随环境温度变化而改变.改变环境温度，定值电阻 Ro两端的电压 Uo随温度t变化的关系如图乙所示.则下列描述 R两【答案】B【解析】【解答】由图甲知道，R0与R串联，电压表测量的是 R0的电压；由图乙知道，随 着温度的升高，Ro两端的电压降低，说明随着温度的升高电阻R两端的电压增加，由串联分压知道，随着温度的升高 R的阻值的阻值增加，R两端的电压增大，A不符合题意，B符合题意；随着 R的阻值的阻值增加，电路的总电阻增加，由欧姆定律知道，电路的总电流减小，由P=UI知道，电源电源

18、不变，总电流减小，所以电路的总功率减小，D不符合题意，由图乙知道，电路的电流与温度呈线性变化，所以总功率与温度也呈线性变化，C不符合题意， 故答案为：Bo【分析】结合电路图理清电路的连接方式及电表的测量对象，由于电阻R的阻值随环境温度的变化而变化，由图乙可知，当温度升高时电阻&两端的电压线性变小，定值电阻的电流线性变小；根据串联电路电压的特点，判断出电阻R两端的电压的变化；因为电源电压保持不变，根据 P=UI判断出电路消耗的总功率的变化 .12 .如图所示，电路中电源电压保持不变，小灯泡标有“3V1.5W字样，不考虑灯泡电阻随温度的变化，滑动变阻器R的最大阻值为 24电流表量程为0-0

19、.6A,电压表量程为 0-3V.当开关S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为 3 时小灯泡正常发光。为了保证 电路安全，小灯泡电压不超过额定电压，两电表的示数均不超过所选量程。在滑片P滑动过程中，下列说法（）电源电压为4.5V 变阻器接入电路的阻值范围是3d12a小灯泡的最小功率为 0.135W电路的最大功率2.25WA.只有白）正确B.只有侬正确 C.只有上噫根正确 u D.皈标都正确【答案】C【解析】 【解答】解：由图知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电 流表测电路中的电流；（1）由P=斤可得灯泡的电阻:声后(3V)'2Rl= P羲=6 =6 Q,由P=UI可得

20、，灯泡正常发光时通过的电流：巴上我I 额=为,:='= =0.5A,由题知，当开关 S闭合后，滑动变阻器 R接入电路的电阻为3时，小灯泡正常发光,由欧姆定律和电阻的串联可得电源电压:U=I额R串=1额X （R+R） =0.5A X （3Q+6Q=4.5V;故 正确；（2）因串联电路中电流处处相等，且电流表量程为0-0.6A,灯泡的额定电流为 0.5A,所以为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流I最大=1额=0.5A,电路中的总电阻：R最小=，最弋=9 5A =9Q,滑动变阻器连入电路中的最小阻值：R最小=RQ=9Q6a =3R由于电压表量程为 0-3V,当电压表的示数最大为U滑

21、=3V寸，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压为：Ul' =U滑'=4.5SV=1.5V,2I列此时电路的电流为：I最小=昭=60 =0.25A,滑动变阻器接入电路的最大阻值： 3VR最大= /虎耳=仪？而f =12 Q,所以为保护电路，变阻器接入电路的阻值范围是3d12Q;故正确；（3）小灯泡的最小功率：Pl最小二I最小2Rl= （0.25A） 2X 60=0.375雌 错误；（4）电路的最大功率： P最大=UI最大=4.5V X 0.5A=2.25WV故 正确。 综上可知，只有正确。故答案为：Coir【分析】结合电路图，理清元件的连接方式及电表的测量对象，利用P

22、/求灯泡的电阻，利用P=UI求正常发光时通过的电流；结合小灯泡正常发光，利用 U=IR求电源电压；由于 电流表量程为 0-0.6A,为了保证电路中各元件安全工作，电路中的最大电流等于灯正常工 作时通过的电流，利用欧姆定律求电路中的最小电阻，滑动变阻器连入电路中的最小阻值 等于总电阻减去灯的电阻；由于电压表量程为0-3V,当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大；此时灯泡两端的电压等于电源电压减去3V,利用欧姆定律求此时电路的电流，进而求出滑动变阻器接入电路的最大阻值，最后得出为保护电路，变阻 器接入电路的阻值范围；利用P=2R求小灯泡的最小功率，再利用P=UI求电路的最大功率1

23、3 .现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U- I图象如图所示。将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从5V开始减小，电流表的示数从0.3A开始增大。下列结论正确的是（）A.电源的电压为5VB.小灯泡的最大功率为 0.3WC.滑动变阻器的最大阻值为20 QD.整个电路的最小功率是1.8 W【答案】D【解析】【解答】解：（1 ）根据题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端 的电压，电流表测电路中的电流，如图所示：（2）当电压表的示数为 5V时，电路中的电流为 0.3A,由图象得出此时灯泡两端的电压 Ul

24、= 1V,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压:U=U滑+Ul= 5V+1V= 6V, A不符合题意； I由I= A可得，滑动变阻器的最大阻值：一 奸R滑=以"16.7, QC不符合题意；整个电路的最小功率：Pmin=UI=6VX 0.3A= 1.8W, D符合题意；（3）当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯 泡两端的电压和电源的电压相等， 由图象可知通过灯泡的电流IU0.5A,则小灯泡的最大功率：PLmax= UI = 6Vx 0.5A= 3W, B 不符合题意。故答案为：Do【分析】结合题意，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减 小，电流表的

25、示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或 同时减小；当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定 律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象读出通过的电流，根据 P=UI求出灯泡的最大功率.14 .某直流电动机标有“36V18W字样，经测量其线圈电阻为2 ，使电动机正常工作10min.则电动

26、机在这段时间内产生的热量是()A. 1.08 1J10B. 300JC. 3.888 义J101 D. 1.05 /J0【答案】B /国I【解析】【解答】解：直流电动机的电流 1 = 7 = 3"' =0.5A, 所以电动机线圈产生的热量：Q=I2Rt= (0.5A) 2X 2Q X 10缶600J。故答案为：Bo【分析】先根据公式1= 7计算出直流电动机的电流，再根据公式Q= I2Rt可求这台电动机 10min内产生的热量。15 .估测是一门技巧，准确的估测可起到事半功倍的效果.下列物理量估测合理的是 ()A.教室中门的高度大约是 10dmC.家用电器电饭煲的功率约为50W

27、B中学生登上一层楼所做的功大约是1500JD奥运会上男子百米赛跑的速度约为20km/h【答案】B【解析】【解答】解：A、老师的身高在 170cm左右，教室门的高度略大于此数值，在200cm=20dm左右.故 A不符合实际；B、中学生的体重在 G=500N左右，一层楼高在 h=3m左右，中学生登上一层楼所做的功大约是 W=Gh=500N3m=1500J .故B符合实际；C、电水壶的额定功率在1500W 左右，家用电饭煲的额定功率与此差不多，在 1500W 左右.故C不符合实际；D、奥运会上男子百米速度略大于10m/s=10 x 3.6km/h=36km/h.故D不符合实际.故选B.【分析】此题考

28、查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识， 找出符合实际的选项.16 .如图所示是甲、乙两个电阻的电流与电压关系的图象，将它们连接在电路中，下列说 法正确的是()A.串联在电路中，当电流为0.4A时，甲、乙两端电压之比为 2: 1B.串联在电路中，当电流为0.2A时，甲、乙的电功率之比为2: 1C.并联在电源电压为 2V的电路中，干路中的总电流为 0.8AD.并联在电源电压为 2V的电路中，通电10s电路消耗的电能为12J【答案】D【解析】【解答】（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，两元件串联，当电流为0.4A时，通过甲乙的电流均为0.4A,由图象可知它们两端的电压分

29、别为U甲= 2V,U乙=2.5V,则甲、乙两端电压之比U甲:U乙= 2V:2.5V= 4:5, A不符合题意；当电路中的电流为 0.2A时，通过甲乙的电流均为0.2A,由图象可知它们两端的电压分别为U'甲=1V,U = 2V,则甲、乙的电功率之比 P甲:P乙=U'甲I:U乙'I= U'甲:U2=1V:2V= 1:2, B不符 合题意；（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，并联在电路电压为2V的电源上时，它们两端的电压均为 2V,由图象可知，通过两元件的电流I甲= 0.4A,I乙= 0.2A,因并联电路中 干路电流等于各支路电流之和，所以，干路中的总电流：

30、1二1甲十| I乙= 0.4A0.2A =0.6A, C不符合题意；通电10s电路消耗的电能： W=UI'w2Vx 0.6A *，办=12J, D符合题意。故答案为：D.【分析】两元件串联时通过它们的电流相等，根据图象读出两元件两端的电压，然后求出电压之比，根据 P=UI求出电功率之比；两元件并联时它们两端的电压相等，根据图象读出 两元件的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流，根据P=UI求出电路中的总功率.17 .电能表的表盘如图所示，关于电能表下列说法正确的是0A.正常工作时，额定功率为220V B.表盘每转600圈电路耗电1kW?hC.同时消耗的总功率不能超过2200WD.电

31、路消耗的总电能是 3145kW?h【答案】B【解析】【解答】解：A、正常工作时，额定电压为 220V,故A错；B、表盘每转 600圈电路耗电1kW?h ,故B正确；C、同时消耗的总功率不能超过P=UI=220V X 20A=4400WV故C错；D、表盘上的数字的最后一位是小数，电路消耗的总电能是314.5kW?h,故D错。故选B。【分析】理解电能表的表盘上各个物理量的意义。18 .下列数据中最接近实际情况的是（B. 一个小铁钉受到的重力约为5NA.普通居民楼一层的高度约为6mC.成年人正常步行速度约为 5m/s【答案】D【解析】【解答】解：D.家用电饭煲的额定功率约为800WA、普通居民楼一层

32、的高度在3m左右，故错；B、一个小铁钉的质量约 5g,受到的重力 G=mg=5X 103kgx 10N/kg=0.05N故B错;C、成年人步行的速度一般在1.1m/s左右，不会达到5m/s;故C错误；D、一个家用电饭煲的额定功率约为800W,正确.故选D.【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据 需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答 案.19 .如图所示，下列电器设备工作时，主要利用电流热效应进行工作的是（）20 .小灯泡.的额定电压为 中，先将滑动变阻器的滑片 左移动直到电压表示数为 说法中错误的是（）3V,已知电

33、源电压恒定，滑动变阻器的铭牌标有“10Q2A” 下列【答案】D【解析】【解答】A、电视机主要把电能转化为光能和声能，不是根据电流的热效应工作 的；A不符合题意.B、洗衣机工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；B不符合题意.C、电风扇工作时，将电能转化成机械能，是利用电流的磁效应工作的；C不符合题意.D、电热水壶工作时，将电能转化成内能，是根据电流的热效应工作的；D符合题意.故答案为：D.【分析】电流流过导体时导体发热，这种现象是电流的热效应；根据各用电器工作时能量 转化识别判断即可.3V,它的I-U图象如图甲所示，把小灯泡接入如图乙所示的电路P移至B端，闭合开关 S,电压表示数

34、为1.5V;再将滑片P向A.电源电压为4.5VB.小灯泡的额定功率为 1.5WC.小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的电功率为1.25WD.小灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值为3 a【答案】C【解析】【解答】A.自图甲中知灯泡 1.5V时电流为 0.3A,滑动变阻器两端电压为U=IR=0.3Ax10 Q = 3板电源电压为 U=1.5V+3V=4.5V, A不符合题意；B.从图甲中知灯泡两端电压为3V时，I=0.5A,灯泡额定电压为3V,故灯泡额定功率为P=UI=3Vx0.5A=1.5W, B 不符合题意；C.灯泡正常发光时，灯泡两端电压为3V,电流为0.5A,滑动变阻器与灯泡串联，故滑

35、动变阻器两端电压为1.5V,其消耗的电功率为 P=UI =1.5Vx0.5A=0.75W, C符合题意；D灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的阻值R=1.5V0.5A=3 Q D不符合题意；故答案为：C【分析】灯泡与滑动变阻器串联，二者两端电压之和为电源电压，通过二者的电流相同。灯泡和电阻消耗的电功率均可为P=UI计算，当灯泡两端电压达到其额定电压时，正常发光，额定电功率为额定电压与电流的乘积。21.灯Li标有“8V16W，灯L2标有“12V36W，假设两灯电阻不随温度变化。现将两灯串联后接在电压为 U的电路中，要保证两灯上的实际电压都不超过其额定电压，则电压 U的 最大值是（）A. 14 伏

36、B. 16 伏"C. 18 伏D. 20 伏【答案】B【解析】【解答】由 P=UI知道，两灯泡的额定电流分别是：I1 =P1/U1=16W/8V=2A, I2=P2/U2=36W/12V=3A ,由 I=U/R 知道两灯泡的 电阻分别是：R1 =U1/11=8V/2 A=4R2=U2/I2=12V/3A=4Q,因为串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路允许通过 两灯泡的最大电流Ij =2A,又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路两端 允许加的最大电压是：U=I （ R1 +R2） =2AX （4 +4 Q =16V,故答案为：Bo【分析】两灯泡串联时电路中的最

37、大电流为两灯泡额定电流中较小的、两灯泡并联时电路的最大电压为两灯泡额定电压中较小的据此结合欧姆定律计算即可22.如图所示，在 探究电功率跟电压的关系”实验中，将小灯泡L1： “2.5V0.3A和L2:a 3.8V 0.3AI联，下列说法正确的是（）-Qh厂日：L.LrA. Li和L2串联的主要目的是使两灯泡电流和通电时间都相同B.如果电源电压可调，两灯泡可以同时正常发光C.闭合开关后，“3.8V 0.3A勺小灯泡更亮，因为其额定功率大D.通过此实验现象和数据能探究出电功率跟电压的定量关系【答案】B【解析】【解答】解：A、电功率与电压和电流有关，在探究电功率跟电压的关系时应控制电流相等，由串联电

38、 路的电流特点可知，Li和匕串联的主要目的是使两灯泡电流相等，故 A错误； B、由题知，两灯的额定电压都是0.3A,两灯串联时，若电源电压可调，当电路中电流达到0.3A,达到它们的额定电路，则两灯都能正常发光，故 B正确；C、灯泡的亮度是由其实际功率决定的，所以闭合开关后，“3.8V0.3A的小灯泡更亮，是因为它的实际功率大，故 C错误；D、由图知，两电压表分别测两灯的电压，只能通过灯泡的亮度判断其电功率的大小，并 不能测出电功率的确切值，也就无法得出电功率和电压间的定量关系，故D错误.故选B.【分析】（1）电功率与电压和电流有关，由控制变量法分析两灯串联的目的；（2）由串联电路的电流特点和两

39、灯的额定电压和额定电流分析解答；（3）灯泡的亮度是由其实际功率决定的；（4）由电路知，有电压表只能测出两个灯泡的电压，由此分析解答.23.如图甲所示电路中灯泡的额定电压为8V。闭合开关后，滑动变阻器滑片由A端移动到B端，这一过程中电压表的示数与电流表的示数变化关系如图乙所示，当滑片在清动变阻器B端时，灯泡正常发光，则下列选项中正确的是（B.小灯泡的额定功率为 3W1.8WD.滑动变阻器的最大阻值A.电源电压为8VC.当滑动变阻器滑片滑到中点时，小灯泡的实际功率为为12a【答案】A【解析】【解答】A.当滑片在最右时，电阻为零，此时灯泡正常发光，可知电源电压为8V, A符合题意；B.滑动变阻器电阻最小时，电流为0.5A,灯泡的电功率为 P=UI=8VX 0.5A=4W/ B不符合题6VR -=-20CD.滑动变阻器的最大电阻为。的，当滑动变阻器在中点时，取值10 ，此时灯泡的电功率为 产工以 cd不符合题意。故答案为：A.【分析】根据灯泡正常发光的电压计算电源电压，利用灯泡的电压和电流计算电功率，利 用滑动变阻器的分压和电流计算电阻的大小。24.如图所示的四个电路中，电源电压U相同，RKR2 ,电路消耗的总功率由大到小的顺序是（）Ry/吊 伍凡'4 ： 1=i 1h口I-CH kL：d