2022-2023学年河北省衡水市第十三中学物理高三第一学期期中联考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2019年1月3日，嫦娥四号成功着陆在月球背面开始了对月球背面区域的科学考察之旅。由于月球在绕地球的运行

2、过程中永远以同一面朝向地球，导致地球上的任何基站信号都无法直接穿透月球与嫦娥四号建立联系，为此，我国特意于2018年5月21日成功发射了嫦娥四号中继星“鹊桥”，如下图所示，若忽略除地球和月球外其他天体的影响，运行在地月第二拉格朗日点（L2点）的“鹊桥”的运动可简化为同时参与了以L2点为中心的自转和与月球一起绕地球的公转两个运动，以确保嫦娥四号和地球之间始终能够正常的进行通讯联系。以下关于月球和中继星“鹊桥”运动的认识中正确的是：A月球的自转周期与其绕地球的公转周期一定是相同的B“鹊桥”的公转周期一定大于月球的公转周期C“鹊桥”的自转的周期一定等于其绕地球公转的周期D“鹊桥”绕L2点自转的向心力

3、一定是地球和月球对其万有引力的合力2、行星A和B都是均匀球体，其质量之比是1：3，半径之比是1：3，它们分别有卫星a和b，轨道接近各自行星表面，则两颗卫星a和b的周期之比为 （ ）A1：27 B1：9 C1：3 D3：13、如图所示，可以将电压降低供给电灯的变压器是（ ）ABCD4、如图所示,质量为m的物块始终固定在倾角为的斜面上,下列说法中正确的是A若斜面向上匀速移动距离s ,斜面对物块没有做功B若斜面向右匀速移动距离s,斜面对物块做功mgsC若斜面向左以加速度a移动距离s ,斜面对物块做功masD若斜面向下以加速度a移动距离s斜面对物体做功m(g+a) s5、近几年，在国家宏观政策调控下，

4、我国房价上涨出现减缓趋势。若将房价的“上涨”类比成“加速”，将房价的“下跌”类比成“减速”，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势”可类比成（）A速度增加，加速度减小B速度增加，加速度增大C速度减小，加速度增大D速度减小，加速度减小6、如图所示，质量相等的两个物体，沿着倾角分别为和（）的两个光滑固定斜面，由静止开始从斜面顶端滑下，到达斜面底端，两个斜面高度相同。在此过程中，关于两个物体，相同的物理量是A下滑的加速度大小B下滑的时间C合外力的冲量大小D重力的平均功率二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的

5、得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量为M的L形物体静止在光滑的水平面上，物体的AB部分是半径为R的四分之一光滑圆弧，BC是水平面，将质量为m的小滑块从A点静止释放沿圆弧面滑下并最终停止在L形物体的水平面BC之间的D点，则 A滑块从A滑到B，物体与滑块组成的系统动量守恒，机械能也守恒B滑块从A滑到B，物体与滑块组成的系统水平方向动量守恒，能量守恒C滑块从B到D，物体与滑块组成的系统动量守恒，机械能不守恒D滑块滑到D时，物体的速度为零8、质量为m的小球A以速度V0在光滑水平面上运动.与质量为2m的静止小球B发生对心碰撞，则碰撞后小球A的速度大小VA和小球B的速度大小VB可能为（ ）A B C

6、 D 9、如图所示，一质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于O点，第一次在水平力F作用下，小球以恒定速率在竖直平面内由P点运动到Q点，第二次在水平恒力F作用下，从P点静止开始运动并恰好能到达Q点，关于这两个过程，下列说法正确的是（不计空气阻力，重力加速度为g）A第一个过程中，力F在逐渐变大B第一个过程中，重力的瞬时功率不变C第二个过程中，重力和水平恒力F的合力的功率先增加后减小D在这两个过程中，机械能都一直增加10、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r一定，A、B为平行板电容器的两块正对金属板，R1为光敏电阻，电阻随光强的增大而减小当R2的滑动触头P在a端时，闭合开关S，此时电流表A和电压表

7、V的示数分别为I和U.以下说法正确的是A若仅将R2的滑动触头P向b端移动，则I不变，U不变B若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量不变C若仅用更强的光照射R1，则I增大，U减小，电容器所带电荷量减小D若仅用更强的光照射R1，则U变化量的绝对值与I变化量的绝对值的比值不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如下图1所示的装置，其中砂桶质量为m,小车质量为M，打点计时器使用的交流电频率为50 Hz。（1）实验前，在进行平衡摩擦力的操作时，下列注意事项正确的是_。 A应该让小车连接

8、纸带并穿过打点计时器 B必须让小车连接砂桶 C纸带和砂桶都应连接 D改变小车质量时，需要重新平衡摩擦力（2）该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图2所示，自A点起，相邻两点的距离分别为10.1 mm、12.0 mm、14.1 mm、16.0 mm、18.0 mm，则打E点时小车速度为_m/s，小车的加速度为_ m/s2（结果保留一位小数）。（3）该同学通过数据的处理作出了aF图象，如图3所示，则图中直线不过原点的原因可能是_。12（12分）某学校实验室购买了一卷表面有很薄绝缘层的镍铬合金丝，该校的一兴趣小组同学想通过自己设计的实验来测算合金丝的长度。已知该镍铬合金丝的常温电阻率=1.

9、0m，他们选用的器材有多用电表、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器、导线和学生电源等。(1)他们先使用多用电表粗测合金丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：将红、黑表笔分别插入多用电表的“+”“一”插孔，选择电阻挡“100”；调整“机械零点调节旋纽”使指针指到零刻度，调整时_（填“必须”“不能”）将两表笔短接，然后调整“欧姆调零旋钮”进行欧姆调零，调整时_（填“必须”“不能”）将两表笔短接；把红、黑表笔分别与镍铭合金丝的两端（已刮去绝缘漆）相接，多用电表的示数如图甲所示，该合金丝的电阻约为_(2)为了更准确地测量镍铬合金丝电阻，已知所选用的电压表内阻为几千欧，电流表内阻为几欧，根据多用电

10、表的示数，为了减少实验误差，并获得较大的电压调节范围，以下四个电路中最合理的是_。(3)他们使用螺旋测微器测量镍铬合金丝的直径，示数如图乙所示，则镍铬合金丝的直径为_mm(4)根据多用电表测得的镍铬合金丝电阻值，不计合金丝绝缘漆的厚度，可估算出这卷镍铬合金丝的长度约为_m。（结果保留整数）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，传送带与水平面的夹角为，以的速度匀速运动，在传送带的A端轻轻放一小物体，已知物体与传送带间的动摩擦因数为，AB间距离，则：若传送带转动方向为顺时针，小物体从A端运动到到B端所需

11、要的时间是多少？若传送带转动方向为逆时针，小物体从A端运动到到B端所需要的时间是多少？已知取14（16分）如图所示，厚度为d的玻璃砖与水平实验桌面成45角放置。红色激光束平行于水平桌面射到玻璃砖的表面，在桌面上得到两个光点A、B，已知玻璃砖对该红色激光的折射率为。求：AB间的距离L。15（12分）如图所示平面直角坐标系中，P点在x轴上，其坐标，Q点在负y轴上某处。整个第象限内有平行于y轴的匀强电场，第象限和第象限内均有一圆形区域，其中第象限内的圆形区域半径为L，与x轴相切于A点（A点坐标未知）。第象限内的圆形区域未知，并且两个圆形区域内均有垂直于xOy平面的相同的匀强磁场。电荷量为+q、质量为

12、m、速率为v0的粒子a从A点沿y轴正方向射入圆形区域，射出圆形区域后沿x轴正方向射入第象限，通过P点后射入第象限；电荷量为-q、质量为m、速率为v0的粒子b从Q点向与y轴成60夹角的方向射入第象限，经过并离开未知圆形区域后与粒子a发生相向正碰。不计粒子的重力和粒子间相互作用力。求(1)第象限内圆形区域磁场磁感应强度B的大小和方向；(2)第象限内匀强电场的场强大小E和方向；(3)第象限内未知圆形磁场区域最小面积S。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A. 月球一面始终朝着地球，说明月球也有自转，其自转周期等

13、于其公转周期，故A正确； B. 地月系统的拉格朗日点就是小星体在该位置时，可以与地球和月球基本保持相对静止，故中继星“鹊桥”随拉格朗日点L2绕地球运动的周期等于月球绕地球的周期，故B错误； C.为确保嫦娥四号和地球之间始终能够正常的进行通讯联系，所以“鹊桥”的自转的周期要小其绕地球公转的周期，故C错误； D. 中继星“鹊桥”绕拉格朗日点L2运动过程，只受到地球和月球万有引力作用，合力不能提供向心力，因此还受到自身的动力作用，故D错误。2、C【解析】:研究同卫星绕行星做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力，由 得： 在行星表面运动,轨道半径可以认为就是行星的半径.行星A和B质量之比是 ,半径之比

14、是则 故C正确综上所述本题答案是：C3、B【解析】AD图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A、D错误；B图中原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B正确；C图中原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C错误；故选B。4、C【解析】A物块和斜面一起竖直向上匀速运动，物块受力平衡，斜面对物块的力大小等于物块的重力mg，方向竖直向上，位移方向也向上，所以W=mgs，故A错误；B斜面向右匀速运动，物块也是匀速运动，受力平衡，斜面对物块的力等于其重力，方向竖直向上，运动方向（位移矢量）始终与斜面作用力垂直，所以不做功，故B错误；C物块和斜面一起向左以加速度a移动距离s，物块所受的合力

15、做的功等于mas，物块受到重力和斜面对物块的力，所以，重力做的功加上斜面对物块做的功之和等于mas，又因为重力做功为零，所以斜面对物块做的功等于mas，故C正确；D物块和斜面一起竖直向下以加速度a移动距离s，物块所受的合力做的功等于mas，物块受到重力和斜面对物块的力，所以重力做的功加上斜面对物块做的功之和等于mas，又因为重力做功为mgs，所以斜面对物块做的功等于mas-mgs，故D错误。5、A【解析】“房价上涨出现减缓趋势”中“上涨”类比为速度增大，“减缓”类比为加速度减小，所以“房价上涨出现减缓趋势”可以类比为加速度减小的加速运动，即速度增大，加速度减小，A正确，BCD错误。故选A。6、

16、C【解析】根据牛顿第二定律以及运动学公式判断加速度以及下滑的时间的关系；由动量定理可以判断合外力的冲量是否相等；根据功率的公式来判断平均功率的大小关系；【详解】A、物体沿光滑的斜面下滑，根据牛顿第二定律可知：mgsin=ma，即a=gsin，与斜面倾角有关，由于斜面倾角不同，故加速度不同，故选项A错误；B、物体下滑过程中，下滑高度h相等，由机械能守恒定律得：mgh=12mv2，物体到达斜面底端时，速度v=2gh由牛顿第二定律得加速度为：a=gsin物体沿斜面下滑的时间：t=va=1sin2hg，由于倾角和不同，物体下滑的时间t不同，故B错误；C、由于物体下滑高度相同，由上面分析可知，到达斜面底

17、端时两物体的速度大小相等，由于两物体质量相等，则其动量大小mv相等，由动量定理可知，合力的冲量等于动量的变化量，由于动量变化量大小相等，则合力冲量大小相等，故C正确；D、物体下滑过程中，物体初末位置相同，重力做功：W=mgh相等，由于运动时间t不同，则重力的平均功率P=Wt不同，故D错误。【点睛】本题考查牛顿第二定律以及动量定理的应用的问题，在平时学习过程中注意加强训练。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】AB. 滑块从A到B的过程中，系统动量不守恒，但

18、在水平方向上动量守恒，因为没有阻力做功，机械能守恒，能量守恒，故A错误B正确。C. 滑块从B到D，系统水平方向没有受到外力，物体与滑块组成的系统动量守恒，滑块从B到D过程中滑块受滑动摩擦力作用，且摩擦力对系统做功，故系统的机械能不再守恒，故C正确；D. 滑块到达D点时停在木板上，即滑块与木板相对静止即速度相等。根据水平方向动量守恒定律方程mvm+MvM=0满足方程时只有vM=vm=0即滑块滑到D点时，木板和滑块的速度一定等于零。故D正确；8、AC【解析】若两球发生完全弹性碰撞，则根据动量守恒得：mv0=mvA+2mvB， 根据碰撞过程系统的总动能不变，则得mv02=mvA2+2mvB2，解得：

19、vA=-v0；vB=v0；若两球发生完全非弹性碰撞，则mv0=(m+2m)v解得v=v0，则A的速度范围是-v0v0；B的速度范围是v0v0；故AC正确，BD错误；故选AC.【点睛】对于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是总动能不增加；三是碰后，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率9、AD【解析】A、小球以恒定速率在竖直平面内由P点运动到Q点,故小球在速度方向的合外力为零,即F=mgtan ;小球运动过程 增大,tan 增大,故F增大,所以A选项是正确的B、设小球速率为v,那么,重力G的瞬时功率P=mgvsin;小球运动过程增大,sin 增大,故P增大，

20、故B错误；C、重力和水平恒力F的合力沿与竖直方向夹角为12 ,记大小为F1 ;那么,细绳与竖直方向夹角越接近12,速度越大且变化越快，细绳与竖直方向夹角小于12时,合力沿小球运动方向的分量为正,合力做正功;在12到的运动过程中,合力沿小球运动方向的分量为负,合力做负功;故第二个过程中,重力和水平恒力F的合力的功率先增加(功率为正)符号突变后继续增加(功率为负)，故C错误；D、在这两个过程中，由于F都做正功，所以导致小球的机械能都增加，故D正确；综上所述本题答案是：AD 10、ACD【解析】本题考查含容电路的动态分析问题。【详解】A.若仅将的滑动触头P向b端移动，所在支路有电容器，被断路，则I、

21、U保持不变。故A正确。B.根据，若仅增大A、B板间距离，则电容器所带电荷量减少。故B错误。C. 若仅用更强的光照射R1，电阻随光强的增大而减小，则I增大，U应当减少，电荷量减少。故C正确。D.U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值表示电源的内阻，是不变的。故D正确。故选ACD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A 0.85 5.0 平衡摩擦力过度 【解析】(1)1平衡摩擦力时让小车拖着纸带运动,若能做匀速直线运动,摩擦力得到平衡；改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力；所以A正确.(2)2利用匀变速直线运动的推论可知，打E点时小车速度等

22、于DF两点间的平均速度：3根据逐差法可知：(3)4由途中可以看出当F=0时，a不等于0，也就是说当绳子上没有拉力的时候，小车加速度不为零，说明平衡摩擦力过度，即木板倾斜过度.12、不能 必须 1400 D 0.305 102 【解析】(1)1机械调零是调整指针的“游丝（非常细的回摆弹簧）”张紧程度。电表在移动过程或受周围电磁场的影响下，指针会发生偏移，调整游丝的张力大小，即可调整指针左右的摆动位置。机械调零时不需要将两表笔短接。2欧姆调零的原理为由于欧姆表内带电源，在接入不同（档位）电路中，不可能保证都刚好是满偏电流，所以需要进行内部电阻微调，达到电流满偏，必须将两表笔短接。3读数为(2)4根

23、据题目，要求电压调节范围较大，滑动变阻器采用分压式接法；根据多用电表的读数1400，可知被测电阻较大，电流表的分压可忽略，应该选用电流表内接法；故D项正确，ABC三项错误。故选D。(3)5螺旋测微器的读数为(4)6根据公式，联立可得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4s（2）2s【解析】传送带转动方向为顺时针时，对放在传送带上的小物体进行受力分析，小物体沿传送带向下滑动时，小物体在垂直传送带的方向受力平衡，受到沿传送带向上的滑动摩擦力，如图甲所示：根据牛顿第二定律，小物体沿传送带下滑的加速度为：，小物体从A端运动到B端做初速度为零的匀加速直线运动，设需要的时间为t，则，；当传送带沿逆时针方向正常转动时，开始时，传送带作用于小物体的摩擦力沿传送带向下，小物体下滑的加速度小物体加速到与传送带运行速度相同时需要的时间为，在这段时间内，小物体沿传送带下滑的距离为由于，此后，小物体沿传送带继续加速下滑时，它相对于传送带的运动的方向向下，因此传送带对小物体的摩擦力方向又改为沿传送带向上，如图乙所示：其加速