黑龙江省海林市朝鲜族中学2022-2023学年物理高三第一学期期中学业水平测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、磁性车载支架（如图甲）使用方便，它的原理是将一个引磁片贴在手机背面，再将引磁片对准支

2、架的磁盘放置，手机就会被牢牢地吸附住（如图乙）。下列关于手机（含引磁片）的说法中正确的是（ ） A汽车静止时手机共受三个力的作用B只要汽车向前加速的加速度大小合适，手机可能不受支架对它的摩擦力作用C当汽车以某一速度匀速运动时，支架对手机的作用力为零D汽车静止时，支架对手机的作用力大小等于手机的重力大小2、太阳能路灯是采用晶体硅太阳能电池供电，用于代替传统公用电力照明的路灯，白天太阳能电池对蓄电池充电，晚上蓄电池的电能供给路灯照明。太阳光垂直照射到地面上时，单位面积的辐射功率为。某一太阳能路灯供电系统对一盏LED灯供电，太阳能电池的光电转换效率为15左右，电池板面积1m2，采用一组24V的蓄电池

3、（总容量300Ah），LED路灯规格为“40W，24V”，蓄电池放电预留20容量。下列说法正确的是（ ）A蓄电池的放电电流约为0.6AB一盏LED灯每天消耗的电能约为0.96kWhC该太阳能电池板把光能转换为电能的功率约为40WD把蓄电池完全充满电，太阳照射电池板的时间不少于38.4h3、现象一：傍晚用电多的时候，灯光发暗，而当夜深人静时，灯光特别明亮；现象二：在插上电炉等大功率电器时，灯光会变暗，拔掉后灯光马上亮了起来下列说法正确的是（ ）A现象一是因为夜深人静时，周围比较黑，突显出灯光特别明亮B现象二是因为电炉等大功率电器的电阻都比较大引起的C两个现象都可以用电阻定律R=L/S来解释D两个

4、现象都可以用闭合电路欧姆定律来解释4、如图甲所示，在垂直纸面向里的匀强磁场中，一个线圈与一个电容器相连，线圈平面与匀强磁场垂直，电容器的电容C= 60 F，穿过线圈的磁通量随时间t的变化如图乙所示，下列说法正确的是A电容器下极板电势高于上极板B线圈中磁通量的变化率为3 Wb/sC电容器两极板间电压为2.0 VD电容器所带电荷量为120 C5、地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，万有引力常量为G，则地球的平均密度为()ABCD6、如图的虚线呈水平方向，图中的实线为与虚线30角的匀强电场，图中OM与电场线垂直，且OM=ON现从电场中的M点沿与虚线平行的方向抛出一质量为m、电荷量为+q可视为质点

5、的物体，经时间t物体恰好落在N点已知物体在M、N两点的速率相等，重力加速度为g则下列说法正确的是（ ）A该匀强电场的方向垂直OM斜向上B该匀强电场的场强为mg/2qC物体由M点到N点的过程中电场力做功的值为DM、N两点在竖直方向的高度差为二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、按照十八大“五位一体”的总体布局，全国各省市启动“263”专项行动，打响碧氷蓝天保卫战。暗访组在某化工厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，测量管由绝缘材料制成，水平放置，其长为L、直 径为D，左右

6、两端开口，匀强磁场方向竖直向下，在前后两个内侧面a、c固定有金属板作为电极。 污水充满管口从左向右流经测量管时，a、c两端电压为显示仪器显示污水流量为（单位时间内 排出的污水体积）。则下列说法正确的是Aa侧电势比c侧电势高B若污水中正离子较多，则a侧电势比c侧电势高；若污水中负离子较多，则a侧电势比c侧电势低C污水中离子浓度越高，显示仪器的示数将越大D污水流量Q与U成正比，与L无关8、如图所示，在光滑绝缘水平面上的P点正上方O点固定了一电荷量为Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中，规定电场中P点的电势为零，则在Q形成的

7、电场中（）AP点电场强度大小是N点的4倍BN点电势高于P点电势C检验电荷在N点具有的电势能为DN点电势为9、如图所示，A、B两物块的质量分别为3m和2m，两物块静止叠放在水平地面上A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为(0)最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.现对B施加一水平推力F，则下列说法正确的是() A若Fmg，A、B间的摩擦力一定为零B当F7.5mg时，A相对B滑动C当F3mg时，A的加速度为gD若去掉B上的力，而将F3mg的力作用在A上，则B的加速度为0.1g10、如图所示，一块质量为M的木板停在光滑的水平面上，木板的左端有挡板，挡板上固定一个小弹簧一个质量为m的小

8、物块（可视为质点）以水平速度0从木板的右端开始向左运动，与弹簧碰撞后（弹簧处于弹性限度内），最终又恰好停在木板的右端根据上述情景和已知量，可以求出（ ）A弹簧的劲度系数B弹簧的最大弹性势能C木板和小物块之间的动摩擦因数D木板和小物块组成的系统最终损失的机械能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为测定木块与桌面之间的动摩擦因数，小亮设计了如图所示的装置进行实验实验中，当木块A位于水平桌面上的O点时，重物B刚好接触地面将A拉到P点，待B稳定后静止释放，A最终滑到Q点分别测量OP、OQ的长度h和s.改变h，重复上述实验，分别记录几组实验

9、数据（1）实验开始时，发现A释放后会撞到滑轮请提出两个解决方法_（2）请根据下表的实验数据在下图中作出sh关系的图象（_）h/cm20.030.040.050.060.0s/cm19.528.539.048.056.5（3）实验测得A、B的质量分别为m0.40 kg、M0.50 kg.根据sh图象可计算出A木块与桌面间的动摩擦因数_（结果保留一位有效数字）（4）实验中，滑轮轴的摩擦会导致的测量结果_（选填“偏大”或“偏小”）12（12分）图为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图盘和重物的总质量为，小车和砝码的质量为实验中用盘和重物总重力的大小作为细线对小车拉力的大小实验中，为了使细线对小车的拉

10、力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端定滑轮的高度，使细线与长木板平行接下来还需要进行的一项操作为_（填写所选选项的序号）A将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节的大小，使小车在盘和重物的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动B将长木板的右端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去盘和重物，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车的是否做匀速运动C将长木板的右端垫起适当的高度，撤去纸带以及和盘和重物，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动实验中要进行质量和的选取，以下最合理的一组是_A，、B，、C，、D，、图6是实验中得到的

11、一条纸带，、为个相邻的计数点，量出相邻的计数点之间的距离分别为、已知相邻的计数点之间的时间间隔为，关于小车的加速度的计算方法，产生误差较小的算法是_ABCD平衡摩擦力后，将个相同的砝码都放在小车上，挂上砝码盘，然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度，小车的加速度与砝码与桶的总重力的实验数据如下表砝码与桶的总重力加速度其中有一组数据没标出来，请根据实验数据描点并作出的关系图象根据提供的实验数据作出的图线不通过原点，请说明主要原因四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）我国将于2022年举办冬奥

12、会，跳台滑雪是其中最具观赏性的项目之一如图1所示，质量m60 kg的运动员从长直助滑道AB的A处由静止开始以加速度a3.6 m/s2匀加速滑下，到达助滑道末端B时速度vB24 m/s，A与B的竖直高度差H48 m为了改变运动员的运动方向，在助滑道与起跳台之间用一段弯曲滑道衔接，其中最低点C处附近是一段以O为圆心的圆弧助滑道末端B与滑道最低点C的高度差h5 m，运动员在B、C间运动时阻力做功W1530 J，g取10 m/s2.(1)求运动员在AB段下滑时受到阻力Ff的大小；(2)若运动员能够承受的最大压力为其所受重力的6倍，则C点所在圆弧的半径R至少应为多大？14（16分）如图所示，水平轨道上有

13、一轻弹簧左端固定，弹簧处于自然状态时，其右端位于P点.现用一质量m=0.1kg的小物块 (可视为质点)将弹簧压缩后释放，物块经过P点时的速度v0=18m/s，经过水平轨道右端Q点后沿半圆轨道的切线进入竖直固定的光滑圆轨道，最后物块经轨道最低点A抛出后落到B点，已知物块与水平轨道间的动摩擦因数=0.15，R=1m，A到B的竖直高度h=1.25m，取g=10m/s2. (1) 求物块到达Q点时的速度大小（保留根号）；(2) 求物块经过Q点时圆轨道对物块的压力；(3) 求物块水平抛出的位移大小.15（12分）如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上侧与大气相通，下端开口处开关K关闭，A

14、侧空气柱的长度为l=10.0cm，B侧水银面比A侧的高h=3.0cm，现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧的高度差为h1=10.0cm时，将开关K关闭，已知大气压强p0=75.0cmHg（1）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（2）此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银达到同一高度，求注入水银在管内的长度参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A. 手机处于静止状态，受力平衡，手机受到重力、支架的支持力、摩擦力以及磁片的吸引力，共受到四个力的作用；故A错误.B. 手机处于静止状态，受力平衡，受到重

15、力和磁片对手机的作用力，根据平衡条件可知，磁片对手机的作用力大小等于重力，方向与重力方向相反；故B正确.C、D、由于磁片对手机的支持力与磁片的吸引力的方向都与支架的平面垂直，它们的合力不能抵消重力沿支架斜面方向向下的分力，所以无论是向前加速还是减速，都必定受到支架的沿斜面向上的摩擦力的作用；故C错误，D错误.故选B.【点睛】手机处于静止状态，受力平衡，对手机受力分析，根据平衡条件分析即可2、D【解析】蓄电池的放电电流为，故A错误；一盏LED灯的功率为40W，每天平均使用按10小时算，每天消耗的电能约为：W=Pt=40W10h=400Wh=0.40kWh，故B错误；太阳能电池板把光能转化为电能的

16、功率P=P0S15%=1.0103115%=150W，故C错误；把蓄电池完全充满电，假设太阳能电池板全部用于对蓄电池充电，需能量为：E=（1-0.2）qU=0.830024Wh=5760Wh，而太阳能电池的即使一直垂直照射，功率为150W，故用时约：t=38.4h，故D正确，故选D.3、D【解析】由于大多数用电器都是并联的，当傍晚用电多的时候或者插上电炉等功率大的用电器时，干路上的总电流会变大，这时候导线上的电压损失就会增加，当变压器供给用户电压一定的情况下，会使得用户得到的电压减小，所以电灯就会发暗；而当夜深人静时，用户用电器减少或者拔掉电炉、电暖气等功率大的用电器时，干路上的总电流会减小，

17、这时候导线上的电压损失就会减小，用户得到的电压增大，所以电灯就会明亮，所以两个现象都可以用闭合电路欧姆定律来解释，故D正确，ABC错误；故选D.点睛：变压器的输出电压一部分消耗在导线上，另一部分才加到用电器上，所以如果导线上电流过大，不但有电压损失，导线上也要发热，所以要减少这些影响，在使用功率大用电器时，要求导线截面积要大4、C【解析】根据楞次定律，可判断出电容器上极板电势高于下极板，A错误；根据图象可得线圈中磁通量的变化率为，B错误；根据法拉第电磁感应定律有：V，C正确；根据Q=CU，可得电容器所带电荷量为，D错误；选C.5、A【解析】在地球表面有，且地球的质量，由两式可得，故A正确，BC

18、D错误。6、D【解析】根据动能定理分析电场力做功正负，从而判断电场的方向由W=qEd求场强的大小物体由M点到N点的过程中，由W=qEd求电场力做功由运动的分解法求出MN间竖直高度差【详解】设物体由M点到N点的过程中电场力做功为W，OM=ON=L根据动能定理得：mgLsin60+W=0，得：W=-mgLsin600，可知小球所受的电场力垂直OM斜向下，小球带正电，则电场的方向垂直OM斜向下，故A错误；M、N两点沿电场方向的距离为：d=Lcos30，根据W=-qEd=-mgLsin60得：，故B错误；设电场力大小为F建立如图坐标系：x轴方向：由牛顿第二定律得：，由运动学公式有：，y轴方向：由牛顿第

19、二定律得：，由运动学公式有：，联立以上四式得，所以物体由M点到N点的过程中电场力做功的值为：|，M、N两点在竖直方向的高度差为：，故C错误，D正确，故选D【点睛】解决本题的关键是利用运动的分解法研究物体的运动过程，根据牛顿第二定律和位移公式结合求出初速度和L的值要注意判断电场力做功的正负二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A. 正、负离子从左向右移动，受到洛伦兹力，根据左手定则可知，正离子向侧偏转，负离子向侧偏转，则仪器显示侧电势比侧电势高，可知，电势的高

20、低与哪种离子多少无关，故A正确，B错误； C. 最终稳定时，电荷受洛伦兹力和电场力平衡，有:可得：电压表的示数与成正比，与浓度无关，故C错误；D.污水流量为：则污水流量与成正比，与有关，与无关，故D错误。8、AD【解析】AP点电场强度大小是，N点电场强度大小是，由于，所以P点电场强度大小是N点的4倍，故A正确；B根据顺着电场线方向电势降低，由于N点离正点电荷更远，所以N点电势低于P点电势，故B错误；CD根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程由题，P点的电势为零，即P=0，解得，N点的电势检验电荷在N点具有的电势能为故C错误，D正确9、ABD【解析】AB与地面间的最大静摩擦力fB5mgmg，当F

21、=mg时，AB处于静止，对A分析，A所受的摩擦力为零，故A正确；BA发生相对滑动的临界加速度a=g，对整体分析，F5mg5ma，解得F=7.5mg，所以当F7.5mg时，A相对B滑动故B正确；C当7.5mgF=3mgmg，可知AB保持相对静止，一起做匀加速直线运动，加速度a=0.1g，故C错误；D若去掉B上的力，而将F=3mg的力作用在A上，B发生相对滑动的临界加速度a0.25g，对A分析F-3mg=3ma，解得不发生相对滑动的最小拉力F=3.75mg，可知F=3mg的力作用在A上，一起做匀加速直线运动，加速度a=0.1g，故D正确。故选ABD。【点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综

22、合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力10、BD【解析】小木块m与长木板M构成的系统动量守恒,设小木块滑到最左端和最右端的速度分别为v1 、v2 以向左为正方向,小木块从开始位置滑动到最左端的过程,由动量守恒定律得:mv0=(M+m)v1 小木块从开始位置滑动到最后相对长木板静止过程:mv0=(M+m)v2 计算得出:v1=mv0(M+m) v2=mv0(M+m) 小木块滑动到最左端的过程中,由能量守恒定律得:12mv02=12(M+m)v12+Q+EpQ=fL 小木块从开始滑动到最右端的过程中,由能量守恒定律,12mv02=12(M+m)v22+Q

23、 Q=2fL 由以上各式可以解出Ep 、Q、Q,故BC正确,求出Q后,如果已知木板长度L:Q=mgL ,可以求出木板和小物块间的动摩擦因数,所以D选项是正确的;因为缺少弹簧的压缩量,无法求出弹簧的劲度系数,故A错误;综上所述本题答案是：BCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度） 0.4 偏大 【解析】(1)1B减少的重力势能转化成系统的内能和AB的动能，A释放后会撞到滑轮，说明B减少的势能太多，转化成系统的内能太少，可以通过减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低

24、B的起始高度）解决故解决方法有：可以通过减小B的质量；增加细线的长度（或增大A的质量；降低B的起始高度）(2)2描点，连线，如图所示：(3)3B下落至临落地时根据动能定理有在B落地后，A运动到Q，有得又A、B的质量分别为m=0.40kg、M=0.50kg，在s-h图象上任取一组数据代入可以求得(4)4由于滑轮轴的摩擦，会导致绳子的拉力相对偏小，A运动的加速度也就偏小，s也就偏小，根据所以偏大12、BCD 图略图线不过原点的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解析】（1）小车下滑时受到重力，细线的拉力，支持力和摩擦力，更使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，可以将长木板的一段垫高，

25、撤去砂和砂桶，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动，故B正确（2）重物加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为，根据牛顿第二定律，有对重物，有，对小车有，计算得出，故当时，有，故C符合求求，故C正确（3）根据匀变速直线运动的推论公式，结合作差法得：，故D正确（4）如图；（5）由图线可以知道，不等于零时，仍然为零，可以知道图线不过原点的原因是未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足点睛：实验问题需要结合物理规律去解决要清楚每一项操作存在的理由其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚；处理图象问题要注意图线的斜率、交点、拐点、面积等意义，能正确理解这些量的意义则很多问题将会迎刃而解

26、四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)144 N(2)1.5 m【解析】试题分析：（1）运动员在AB上做初速度为零的匀加速运动，设AB的长度为x，斜面的倾角为，则有vB2 =2ax根据牛顿第二定律得 mgsinFf=ma 又 sin=由以上三式联立解得 Ff=144N（2）设运动员到达C点时的速度为vC，在由B到达C的过程中，由动能定理有mgh+W=mvC2-mvB2设运动员在C点所受的支持力为FN，由牛顿第二定律得 FNmg=m由运动员能承受的最大压力为其所受重力的6倍，即有 FN=6mg 联立解得 R=15m考点：牛顿第二定律；动能定理【名师点睛】本题中运动员先做匀加速运动，后做圆周运动，是牛顿第二定律、运动学公式、动能定理和向心力的综合应用，要知道圆周运动向心力的来源，涉及力在空间的效果，可考虑动能定理14、（1