2023届山东省宁阳县第一中学高三物理第一学期期中考试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，轻质且不可伸长的细绳一端系一质量为m的小球，另一端固定 在天花板上的O点则 小球在竖起平面内摆动的过程中，以下说法正确的是()A小球在摆动过程中受到的外力的合力即为向心力B在最高点A、B，因小球的速度为零，所以小球受

2、到的合外力为零C小球在最低点C所受的合外力，即为向心力D小球在摆动过程中使其速率发生变化的力为绳子的拉力2、如图所示，在竖直平面内有一曲面，曲面方程为y=x2，在y轴上有一点P，坐标为(0，9m)。从P点将一小球水平抛出，初速度为2m/s，若不计空气阻力，g取10m/s2，则小球第一次打在曲面上的位置为（）A(3m，3m)B(2m，4m)C(1m，1m)D(0.5m，0.25m)3、钢球A、B从同一高塔下落，当A自塔顶自由下落2 m时，B自塔顶下方6 m处自由下落，两钢球同时到达地面，不计空气阻力，重力加速度取10 m/s2，则塔高为（）A24 mB16 mC12 mD8 m4、质量为m的小球

3、被系在轻绳一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，如图所示，运动过程中小球受到空气阻力的作用设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时绳子的张力为7mg，在此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是（ ）ABCDmgR5、如图所示,在固定的斜面上,A、B两物体通过跨过光滑的定滑轮的细线相连,物体A静止在斜面上。已知斜面倾角30,A、B两物体质量分别为2m和m,现在B物体下加挂另一物体C(图中未画出),物体A仍静止在斜面上,则加挂物体C后( )A斜面对物体A的弹力增大B细线对物体A的拉力不变C斜面对物体A的摩擦力保持不变D斜面对物体A的作用力增大6、下

4、列论述符合物理史实的是()A伽利略发现了行星的运动规律B开普勒发现了万有引力定律C卡文迪许首先在实验室里测出了万有引力常量D牛顿根据万有引力定律发现了海王星和冥王星二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、竖直放置的固定绝缘光滑轨道由半径分别为R的圆弧MN和半径为r的半圆弧NP拼接而成（两段圆弧相切于N点），小球带正电，质量为m，电荷量为q已知将小球由M点静止释放后，它刚好能通过P点，不计空气阻力下列说法正确的是（）A若加竖直向上的匀强电场，则小球能通过P点B若加竖直向下的

5、匀强电场，则小球不能通过P点C若加垂直纸面向里的匀强磁场，则小球不能通过P点D若加垂直纸面向外的匀强磁场，则小球不能通过P点8、如图所示，光滑轨道ABCD是大型游乐设施过山车轨道的简化模型，最低点B处的入、出口靠近但相互错开，C是半径为R的圆形轨道的最高点，BD部分水平，末端D点与右端足够长的水平传送带无缝连接，传送带以恒定速度v逆时针转动现将一质量为m的小滑块从轨道AB上某一固定位置A由静止释放，滑块能通过C点后再经D点滑上传送带，则A固定位置A到B点的竖直高度可能为2RB滑块在传送带上向右运动的最大距离与传送带速度v有关C滑块可能重新回到出发点A处D传送带速度v越大，滑块与传送带摩擦产生的

6、热量越多9、2015 年 12 月，我国暗物质粒子探测卫星“悟空”发射升空进入高为 5.0102 km 的 预定轨道“悟空”卫星和地球同步卫星的运动均可视为匀速圆周运动已知地球半径 R6.4103 km.下列说法正确的是( )A“悟空”卫星的线速度比同步卫星的线速度大B“悟空”卫星的角速度比同步卫星的角速度小C“悟空”卫星的向心加速度比同步卫星的向心加速度小D“悟空”卫星的运行周期比同步卫星的运行周期小10、如图所示，长方体空铁箱甲在水平拉力F作用下沿光滑水平面向右匀加速运动，铁箱内有一木块乙贴着后壁与铁箱相对静止，木块与铁箱间的动摩擦因数小于1则铁箱对木块的A弹力大小等于F的大小B作用力大小

7、大于摩擦力的大小C摩擦力大小等于木块重力的大小D弹力大小可能等于木块重力的大小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小江同学在做“探究弹力与弹簧伸长的关系”实验中，他用实验装置如图所示，所用的钩码每只质量为50g他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，并将数据填在表中，实验中弹簧始终未超过弹性限度，取g取10m/s1根据实验数据可得钩码质量/g050100150100150弹簧总长度/cm6.007.008.009.0010.0011.00（1）该弹簧的劲度系数k=_N/m（1）

8、弹力F与形变量x的表达式_12（12分）在测量两节干电池的电动势与内阻的实验中，利用实验提供的实验器材设计的电路图如图1所示，其中每节干电池的电动势约为1.5V、内阻约为，电压表的量程均为3V、内阻为，定值电阻（未知），滑动变阻器最大阻值为(已知)请回答下列问题：(1)根据设计的电路图，将图2中的实物图连接_；(2)在完成实验时，将滑动变阻器的最值调到，闭合电键，两电压表的示数分别为，则定值电阻_（用、表示）；(3)测出定值电阻的阻值后，调节滑动变阻器的滑片，读出多组电压表的示数，以两电压表的示数为坐标轴，建立坐标系，描绘出的关系图象如图3所示，假设图线的斜率为k、与横轴交点的坐标值为c，则电

9、池的电动势为E=_，内阻_（以上结果用k、c、表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）某款小轿车对紧急制动性能的设计要求是：以20m/s的速度行驶时，急刹车距离不得超过25m在一次实验紧急制动性能测试中，该款小轿车以某一速度匀速行驶时实行紧急制动，测得制动时间为1.5s，轿车在制动的最初1s内的位移为8.2m则：(1)求小汽车安全制动的加速度(2)试根据测试结果进行计算来判断这辆轿车的紧急制动性能是否符合设计要求14（16分）如图所示为某种弹射装置的示意图，该装置由三部分组成，传送带左边是足够长的光滑水平

10、面，一轻质弹簧左端固定，右端连接质量 M=6.0kg 的物块 A，物块 A 静止在水平面上装置的中间部分是水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接传送带以 u=1.0m/s 逆时针匀速运动传送带的右边是一个半径 R=1.15m 位于竖直平面内的光滑圆弧轨道某时刻起将一个质量m=1.0kg的物块B从圆弧的最高处由静止释放已知物块 B 与传送带之间的动摩擦因数=0.1，传送带两轴之间的距离l=4.5m，物块 B 与 A 发生的碰撞为弹性碰撞取g=10m/s1求：(1)物块 B 与物块 A 第一次碰撞后弹簧的最大弹性势能；(1)如果物块 A、B 每次碰撞后，物块 A 再回到平衡位置时弹簧都会

11、被立即锁定，而当它们再次碰撞前锁定被解除，求物块 B 从第1次与物块 A 碰撞结束后，到第 5 次与物块A碰撞前,物块B一共在传送带上运动了多长时间15（12分）如图所示，平面直角坐标系的第二象限内存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为m、带电荷量为+q的小球从A点以速度v0沿直线AO运动，AO与x轴负方向成37角。在y轴与MN之间的区域内加一电场强度最小的匀强电场后，可使小球继续做直线运动到MN上的C点，MN与PQ之间区域内存在宽度为d的竖直向上匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，小球在区域内做匀速圆周运动并恰好不能从右边界飞出，已知小球在C点的速度大小为2v0，重力加速度为

12、g，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)第二象限内电场强度E1的大小和磁感应强度B1的大小；(2)区域内最小电场强度E2的大小和方向；(3)区域内电场强度E3的大小和磁感应强度B2的大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】:A、小球摆动过程中,靠沿绳子方向的合力提供向心力,不是靠合力提供向心力,故A错误；B、在最高点A和B,小球的速度为零,向心力为零,但是小球所受的合力不为零,故B错误；C、小球在最低点,受重力和拉力,两个力的合力竖直向上,合力等于向心力，故C正确； D、小球在摆动的过程中

13、,因为绳子的拉力与速度方向垂直,则拉力不做功,拉力不会致使小球速率的变化,故D错误.综上所述本题答案是：C2、B【解析】设小球经过时间t打在斜面上M(x，y)点，则水平方向竖直方向上又因为可解得，故选B。3、D【解析】设钢球A下落h12 m的时间为t1，塔高为h，钢球B的运动时间为t2，由h1gt12，得t1s，由h6 mgt22，又hg(t1t2)2，代入数据解得h8 m，D正确；故选D【点睛】解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题4、C【解析】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程

14、中小球克服空气阻力所做的功。【详解】小球在最低点，由牛顿第二定律有：F-mg=m，由题意知：F =7mg ，在最高点时，由于小球恰好能通过最高点，重力提供向心力有：mg=m，小球选取从最低点到最高点作为过程，由动能定理可得：-mg2R-Wf=m-，联立以上可得：Wf=mgR，故C正确，ABD错误。【点睛】本题主要考查了圆周运动与能量结合问题，由绳子的拉力可求出最低点速度，由恰好能通过最高点求出最高点速度，这都是题目中隐含条件。同时在运用动能定理时，明确初动能与末动能，及过程中哪些力做功，做正功还是负功。5、D【解析】斜面对物体A的弹力为FN=2mgcos30=mg，所以斜面对物体A的弹力与是否

15、加挂另一物体C无关，A错误；以B和C为研究对象，细线对物体A的拉力等于B和C的重力之和，在B物体下加挂另一物体C后，绳子拉力变大，B错误；开始时绳子拉力F1=mg，A的重力沿斜面向下的分力为2mgsin30=mg，所以A受到的斜面的摩擦力为零，在B物体下加挂另一物体C后，绳子拉力变大，A受到的摩擦力向下增加，C错误；没有悬挂C时，斜面对A的作用力等于重力分力，即为mg，在B物体下加挂另一物体C后，A又受到向下的摩擦力f，则斜面对A的作用力大小为，所以斜面对物体A的作用力增大，D正确；故选D6、C【解析】开普勒首先发现了行星的运动规律，故A错误；牛顿发现了万有引力定律，故B错误；卡文迪许首先在实

16、验室里测出了万有引力常量数值，故C正确；亚当斯和勒威耶发现了海王星，克莱德汤博发现了冥王星，故D错误；故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】应用动能定理求出小球到达P点的速度，小球恰好通过P点时轨道对球的作用力恰好为零，应用动能定理与牛顿第二定律分析答题【详解】设M、P间的高度差为h，小球从M到P过程由动能定理得：，小球恰好通过P点，重力提供向心力，由牛顿第二定律得：，r=2h；A、若加竖直向上的匀强电场E（Eqmg），小球从M到P过程由动能定理得：

17、，解得：，则：，小球恰好通过P点，故A正确；B、若加竖直向下的匀强电场，小球从M到P过程由动能定理得：，解得:，则：，小球恰好通过P点，故B错误；C、若加垂直纸面向里的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向下，则:，小球不能通过P点，故C正确；D、若加垂直纸面向外的匀强磁场，小球到达P点的速度v不变，洛伦兹力竖直向上，则：，小球对轨道有压力，小球能通过P点，故D错误；故选AC.【点睛】本题是一道力学综合题，知道小球通过P点的临界条件是：的、轨道对小球的支持力恰好为零，分析清楚小球的运动过程，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题8、CD【解析】滑块恰能通过C点时，由重力提供向心力，根据

18、牛顿第二定律列方程求C点时的临界速度，由动能定理知AC高度差，从而知AB高度；对滑块在传送带上运动的过程根据动能定理列方程求滑行的最大距离的大小因素；根据传送带速度知物块的速度，从而知是否回到A点；滑块与传送带摩擦产生的热量Q=mgx，看热量多少，分析相对路程【详解】若滑块恰能通过C点时有：mg=m；由A到C，根据动能定理知 mghAC=mvC2；联立解得：hAC=R；则AB间竖直高度最小为 2R+R=2.5R，所以A到B点的竖直高度不可能为2R，故A错误；设滑块在传送带上滑行的最远距离为x，则有动能定理有：0-mvC2=2mgR-mgx，知x与传送带速度无关，故B错误；若滑块回到D点速度大小

19、不变，则滑块可重新回到出发点A点，故C正确；滑块与传送带摩擦产生的热量Q=mgx，传送带速度越大，相对路程越大，产生热量越多，故D正确；故选CD【点睛】本题综合考查了动能定理、机械能守恒定律和牛顿第二定律，理清物块在传送带上的运动情况，以及在圆轨道最高点的临界情况是解决本题的关键9、AD【解析】A. 同步卫星的轨道半径约为36000km，由题知“悟空”卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半径。由万有引力提供向心力，得：v=GMr，半径小的速度大，故A正确；B. 由万有引力提供向心力，得：=GMr3，半径小的角速度大，故B错误；C. 由万有引力提供向心力，得：a=GMr2，得半径小的加速度大，故C错

20、误；D、由万有引力提供向心力，得：T=42r3GM，半径小的周期小，故D正确。故选：AD10、BC【解析】A设甲、乙的质量分别为M、m，对甲、乙整体，根据牛顿第二定律：对乙：联立解得：故A项错误；B对乙竖直方向上受力平衡，摩擦力等于重力，铁箱对木块的作用力最小时，摩擦力达到最大静摩擦力，则：由于木块与铁箱间的动摩擦因数小于1，作用力大小大于摩擦力的大小，故B项正确；CD竖直方向受力平衡，摩擦力大小等于木块重力的大小；由于作用力（弹力）大小大于摩擦力的大小，所以弹力大小大于木块重力的大小。故C项正确，D项错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程

21、。11、50 F=50 x 【解析】(1)根据F=kx可知，(1)弹力F与形变量x的表达式F=50 x【点睛】对于该实验要注意：每次增减砝码测量有关长度时，均要保证弹簧及砝码应处于静止状态测量有关长度时，要注意区分弹簧的原长l0，实际长度l和伸长量x，并明确三者之间的关系12、 【解析】(1)由电路图的连接可得出的实物图的连接方式，如图所示；(2)由电路图可知，电压表测量了与两端的电压，电压表测了滑动变阻器两端的电压，则两端的电压，由欧姆定律可知，；(3)由闭合电路欧姆定律可知，变形得，则有，解得【点睛】本题考查测量电动势和内电阻的实验方法，关键在明确根据闭合电路欧姆定律得出对应的表达式，再分

22、析图象的意义，求得电动势和内电阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 8m/s2 (2) 8.2 m/s28 m/s2 符合设计要求【解析】由题意可知考查匀减速直线运动规律，据此结合运动学公式计算可得。【详解】(1)设小汽车安全制动的加速度为ao，做匀减速运动的物体可视为反向的匀加速直线运动，其运动规律具有对称性，由运动学公式可得(2) 设小轿车的实际加速度大小为a，初速度为vo，则vo=1.5a，匀减速1s后的速度为v1，位移为x1，由运动学公式可得计算可得小轿车的实际加速度大小8m/s2说明这辆轿车的紧

23、急制动性能符合设计要求。【点睛】本题主要要掌握匀变速直线运动的规律，根据不同的条件选择不同形式的公式。如果物体做匀减速运动，可视为反向的匀加速直线运动，其运动规律具有对称性。14、（1）11J；（1）7.5s【解析】（1）设物块 B 沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为 v0，由机械能守恒定律得： 解得：在传送带上，对物块 B，由牛顿第二定律得：mg=ma 设物块 B 通过传送带后运动速度大小为 v，有： 联立解得：由于 vu=1m/s，所以 v=4m/s 即为物块 B 与物块 A 第一次碰撞前的速度大小， 设物块 A、B 第一次碰撞后的速度分别为 v1、v1，以向左为正方向， 由动量守恒定律得：mv=mv1+Mv1 由机械能守恒定律得： 联立解得v1 1m / s ，v1