江苏省涟水中学2022-2023学年高三物理第一学期期中复习检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、不久前欧洲天文学就发现了一颗可能适合人类居住的行星，命名为“格利斯581c”该行星的质量是地球的5倍，直径是地球的1.5倍设想在该行星表面附近绕行星沿圆轨道运行的

2、人造卫星的动能为，在地球表面附近绕地球沿圆轨道运行的形同质量的人造卫星的动能为，则为A0.13B0.3C3.33D7.52、在真空中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上上的A点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，如图所示由此可见 ( )A电场力为2mgB小球带正电C小球从A到B与从B到C的运动时间相等D小球从A到B与从B到C的速度变化大小相等3、如图所示，细线的一端系于天花板上，另一端系一质量为m的小球。甲图让小球在水平面内做匀速圆周运动，此时细线与竖直方向的夹角为，细线中的张力为F1，小球

3、的加速度大小为a1；乙图中让细线与竖直方向成角时将小球由静止释放，小球在竖直面内摆动。刚释放瞬间细线中的张力为F2，小球的加速度大小为a2，则下列关系正确的是（ ）AF1= F2BF1 F2Ca1= a2Da1 a24、平抛运动的规律可以用如图所示的实验现象描述。小球从坐标原点O水平抛出，做抛体运动。两束光分别沿着与坐标轴平行的方向照射小球，在两个坐标轴上留下了小球的两个“影子”。关于影子在x、y两个方向的运动，下列说法正确的是（）A影子在x方向做匀速运动，y方向也做匀速运动B影子在x方向做匀速运动，y方向做匀变速直线运动C影子在x方向做匀变速直线运动，y方向做匀速运动D影子在x方向做匀变速直

4、线运动，y方向也做匀变速直线运动5、下列关于物理思想方法的叙述中正确的是A理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如质点、点电荷、光滑面、位移等都是理想化模型B重心、分力与合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想C在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，通常采用先保持质量不变研究加速度和力的关系。再保持力不变研究加速度与质量的关系，这应用了微元法D根据加速度定义式a=vt，当t趋近于零时，vt就可以表示物体在某时刻的瞬时加速度，该定义应用了控制变量法6、两人的拔河比赛正在进行中，两人均保持恒定拉力且不松手，而脚下开始移动下列说法正确的是 ()A两人对绳的拉力

5、大小相等，方向相反，是一对作用力和反作用力B两人对绳的拉力是一对平衡力C拔河的胜利取决于谁的力量大D拔河的胜利取决于地面对人的摩擦力大小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图是利用太阳能驱动的小车，若小车在平直的水泥路上从静止开始加速行驶，经过时间t前进距离s，速度达到最大值vm，在这一过程中电动机的功率恒为P，小车所受阻力恒为f，那么这段时间内( )A小车做加速度逐渐减小的加速运动B小车做匀加速运动C电动机所做的功为 D电动机所做的功为8、如图所示，质量不等的木块

6、A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上当水平力F作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1.当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F2，则（）A在两次作用过程中，物体的加速度的大小相等B在两次作用过程中，C在两次作用过程中，D在两次作用过程中，9、如图所示，物块M通过与斜面平行的细绳与小物块m相连。斜面的倾角可以改变，讨论物块M对斜面的摩擦力的大小，则有（）A若物块M保持静止，则角越大，摩擦力一定越大B若物块M保持静止，则角越大，摩擦力可能越小C若物块M沿斜面下滑，则角越大，摩擦力越大D若物块M沿斜面下滑，则角越大，摩擦力越小

7、10、如图所示，A、B、C、D为匀强电场中相邻的四个等势面，一电子经过等势面D时，动能为16 eV，速度方向垂直于等势面D飞经等势面C时，电势能为8eV，飞至等势面B时速度恰好为零，已知相邻等势面间的距离均为4 cm，电子重力不计则下列说法正确的是 ( )A电子做匀变速直线运动B匀强电场的电场强度大小为100 VmC等势面A的电势为8 VD电子再次飞经D等势面时的动能为16 eV三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了探究物体做匀速圆周运动时，向心力与哪些因素有关？某同学进行了如下实验：如图甲所示，绳子的一端拴一个小沙袋，绳上离小

8、沙袋L处打一个绳结A，2L处打另一个绳结B请一位同学帮助用秒表计时如图乙所示，做了四次体验性操作操作1：手握绳结A，使沙袋在水平面内做匀速圆周运动，每秒运动1周体验此时绳子拉力的大小操作2：手握绳结B，使沙袋在水平面内做匀速圆周运动，每秒运动1周体验此时绳子拉力的大小操作3：手握绳结A，使沙袋在水平平面内做匀速圆周运动，每秒运动2周体验此时绳子拉力的大小操作4：手握绳结A，增大沙袋的质量到原来的2倍，使沙袋在水平面内做匀速圆周运动，每秒运动1周体验此时绳子拉力的大小（1）操作2与操作1中，体验到绳子拉力较大的是_；（2）操作3与操作1中，体验到绳子拉力较大的是_；（3）操作4与操作1中，体验到

9、绳子拉力较大的是_；（4）总结以上四次体验性操作，可知物体做匀速圆周运动时，向心力大小与_有关A半径 B质量 C周期 D线速度的方向（5）实验中，人体验到的绳子的拉力是否是沙袋做圆周运动的向心力_（“是”或“不是”）12（12分）某同学设计了如图甲所示的装置来研究小车的加速度与所受合力的关系将装有力传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数释放小车，记录小车运动时传感器的示数（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点

10、，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度_（2）同一次实验中，_选填“”、“”或“”（3）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图丙不计纸带与计时器间的摩擦图象中F表示的是实验中测得的_A. B. C. （4）关于该实验，下列说法中正确的是_A.小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B.实验中需要将长木板倾斜以平衡摩擦力C.实验中需要测出小车和传感器的总质量D.用加细砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（

11、10分）在一宽广的平静湖面上有相距的两个波源、，它们都产生上下振动的水波已知水波在该湖面上的传播速度为，波源、的振动图像如图中的甲.乙所示，在湖面上与相距，与相距处有一观测点P，时刻让两波源同时开始振动（i）求观测点P的起振时刻及起振方向；（ii）画出观测点P从起振开始一个半周期内的振动图像14（16分）如图所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为20 kg的物体，ACB30，g取10 m/s2，求：(1)轻绳AC段的张力FAC的大小；(2)横梁BC对C端的支持力的大小及方向.15（12分）一辆汽车质量为1103 kg，最大功率为2104 W，在水平路面上由静止开始做直线

12、运动，最大速度为v2，运动中汽车所受阻力恒定. 发动机的最大牵引力为3103 N，其行驶过程中牵引力F与车速的倒数的关系如图所示. 试求：（1）根据图线ABC判断汽车做什么运动？（2）最大速度v2的大小；（3）匀加速直线运动中的加速度；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：在行星表面运行的卫星其做圆周运动的向心力由万有引力提供，故有，所以卫星的动能为，故在地球表面运行的卫星的动能在“格利斯”行星表面表面运行的卫星的动能，所以有；故C正确故选C考点：万有引力定律的应用；动能2、D【解析】C小球在水平

13、方向不受力，所以沿水平方向做匀速直线运动，小球从A到B的运动时间是从B到C的运动时间的2倍，选项C错误；AB在竖直方向，小球在AB受到的重力是小球在BC所受合力的一半所以电场力F=3mg电场力方向向上，则小球带负电，选项AB错误；D小球从A到B与从B到C的速度变化量的大小相等，D正确故选D。3、B【解析】甲图中受力如图：竖直方向：水平方向：解得：乙图中释放瞬间，小球只受到重力和细线中的张力为，则有：由牛顿第二定律得：综上分析则有：故选B。4、B【解析】因为平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，即影子在x方向是匀速运动，在竖直方向上做自由落体运动，即影子在y方向是匀变速直线运动。故选B。5、B【解

14、析】理想化模型是把实际问题理想化，略去次要因素，突出主要因素，例如质点、点电荷、光滑面等都是理想化模型，但是位移是物理概念，不属于理想模型，选项A错误；重心、分力与合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想，选项B正确；在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，通常采用先保持质量不变研究加速度和力的关系。再保持力不变研究加速度与质量的关系，这应用了控制变量法，选项C错误；根据加速度定义式a=vt，当t趋近于零时，vt就可以表示物体在某时刻的瞬时加速度，该定义应用了极限法，选项D错误；故选B.6、D【解析】A项：人拉绳的力与绳拉人的力才是一对作用力与反作用力，大小相等，故A错误；B项

15、：两人对绳的拉力不一定是一对平衡力，要根据绳子所处于的运动状态，故B错误；C、D项：拔河的胜利取决于地面对人的摩擦力大小，对人及绳子为一整体进行研究，水平方向的外力就是地面分别对两人的摩擦力，整体从静止到运动起来产生了加速度，故D正确，C错误；点晴：本题考查作用力与反作用力和平衡力的区别，作用力与反作用是作用在不同的研究对象，而平衡力是作在同一研究对象二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB小车电动机的功率恒定，速度不断变大，根据功率与速度关系公式P=Fv

16、可知，牵引力不断减小，根据牛顿第二定律，P/vf=ma故小车的运动是加速度不断减小的加速运动，故A正确，B错误；CD对小车启动过程，根据动能定理，有W电fs= 这段时间内电动机所做的功为W电=fS+故C错误，D正确故选AD.点睛：小车电动机的功率恒定，速度不断变大，牵引力不断减小，故小车的运动是加速度不断减小的加速运动；结合动能定理列式求解电动机所做的功8、AC【解析】两次作用过程，对整体分析，整体的加速度为：，故A正确；隔离分析，第一种情况，A对B的作用力为：，第二中情况，A对B的作用力为：，则有：F1+F2=F，故B错误；C正确；以上数据可知，故D错误9、BD【解析】AB物体m受到重力mg

17、和拉力F，处于平衡状态对滑块M受力分析，受重力Mg、支持力 、拉力F和静摩擦力，其中静摩擦力方向取决于拉力F和重力的下滑分量的大小，若受力如图根据平衡条件，有故越大，越大若受力如图根据平衡条件，有故越大，越小A错误B正确；CD由于物体M下滑，所以物体所受到滑动摩擦力，有由于是在斜面上当增大时，减少（090度），所以减少，C错误D正确；故选BD。10、ACD【解析】根据等势面方向得到场强方向，从而得到电子所受电场力方向，即可得到电子运动；再根据电子运动过程得到动能变化，进而得到电势能不变，从而得到电势变化，即可根据等势面C处的电势能求得其他地方的电势【详解】A电子运动方向垂直于等势面，故电子运动

18、方向和电场方向平行，那么，电子加速度方向和运动方向平行，故电子做匀变速直线运动，故A正确；BC电子飞至等势面B时速度恰好为零，故有动能定理可知：电子从等势面D到等势面B，克服电场力做功为16eV，故等势面D、B间的电势差为16V，故场强为：；又有从D到B电势降低；等势面C处电子的电势能为-8eV，故等势面C的电势为8V，所以，等势面A的电势比等势面C的电势低16V，故为-8V，故B错误，C正确；D电子运动过程只有电场力做功，故电子再次飞经D等势面时电场力做功为零，那么，电子动能不变，仍为16eV，故D正确；故选ACD【点睛】带电粒子在匀强电场中受到的电场力恒定，故一般通过受力分析（或运动分析）

19、，由牛顿第二定律，通过加速度得到运动情况（或受力情况）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、操作2操作3操作4ABC不是【解析】(1)根据F=mr2知，操作2与操作1相比，操作2的半径大，小球质量和角速度相等，知拉力较大的是操作2；(2)根据F=mr2知，操作3与操作1相比，操作3小球的角速度较大，半径不变，小球的质量不变，知操作3的拉力较大。(3)操作4和操作1比较,半径和角速度不变,小球质量变大,根据F=mr2知，操作4的拉力较大。(4)由以上四次操作，可知向心力的大小与质量、半径、角速度有关。故选：ABC。(5) 沙袋做圆周运动的向

20、心力时绳子对沙袋的拉力，作用在沙袋上。而人体验到的绳子的拉力作用在人上，不是同一个力。12、0.16 D D 【解析】（1）根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；（2）对小桶受力分析，根据牛顿第二定律求解；（3）由于已经平衡摩擦力，图象过原点的倾斜直线，则F表示合力；（4）在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，实验中不需要将长木板右端垫高，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据【详解】（1）从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得

21、：，（2）对小桶受力分析，设小桶重力为mg，木板释放前力传感器的示数，所以，设小车的重力为Mg，小车在加速运动时力传感器的示数，根据牛顿第二定律得：，所以，（3）图象是过原点的一条倾斜的直线，已经平衡摩擦力，所以F应该表示小车受到的合力，即，故D正确；故选D.（4）在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，不需要使小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量，故A错误；实验中不需要将长木板倾斜，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，故B错误；实验中不需要测出小车和传感器的总质量，只需要保证小车和传感器的总质量不变，故C错误；用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据，故D正确；故选D【点睛】本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题