广西梧州柳州2022-2023学年高三物理第一学期期中学业水平测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，木块放在光滑的水平面上、一颗子弹水平射入木块中，子弹受到的平均作用力大小为f，射入木块的深度为d，

2、此过程中木块移动了s,则（ ）A子弹损失的动能为fsB木块增加的动能为f(s+d)C子弹、木块系统总机械能的损失为fdD子弹动能的减少量等于木块动能的增加量2、如果一个人的质量为70 kg，则（a）他正常行走时具有的动能约为70 J；（b）以地面为零势能面，他原地跳起时的最大重力势能约为1000 J。根据合理性可判断A说法（a）和（b）均不合理B说法（a）和（b）均合理C只有说法（a）合理D只有说法（b）合理3、惊险的娱乐项目一一娱乐风洞：是在竖直的圆筒内，从底部竖直向上的风可把游客“吹”起来，让人体验太空飘浮的感觉若风洞内向上的风速、风量保持不变，让质量为m的表演者通过身姿调整，可改变所受向

3、上的风力大小，以获得不同的运动效果假设人体受风力大小与有效面积成正比，己知水平横躺时受风力有效面积最大，站立时受风力有效面积最小，为最大值的18 ，与竖直方向成一定角度倾斜时，受风力有效面积是最大值的一半，恰好可以静止或匀速漂移在某次表演中，质量为m的表演者保持站立身姿从距底部高为H的M点由静止开始下落；经过N点时，立即调整身姿为水平横躺并保持；到达底部的P点时速度恰好减为零则在从M到P的过程中，下列说法正确的是（）A人向上的最大加速度是12gB人向下的最大加速度是12gCNP之间的距离是37HD若在P点保持水平横躺，经过N点时，立即调整身姿为站立身姿恰好能回到M点并持静止4、如图所示为单摆在

4、两次受迫振动中的共振曲线，下列说法正确的是（ ）A若两次受迫振动分别在月球上和地球上进行，且摆长相等，则图线II是月球上的单摆共振曲线B若两次受迫振动均在地球上同一地点进行的，则两次摆长之比为C图线II若是在地球表面上完成的，则该摆摆长约为D若摆长约为，则图线I是在地球表面上完成的5、如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，B置于斜面上,通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接,连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态则( )AB受到C的摩擦力一定不为零BC受到水平面的摩擦力一定为零C水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等D若B、C间的动摩擦因数，将细绳剪断，水平面对C的摩擦力为零6

5、、如图所示小王同学双手握单杠，身体伸直做小幅摆动，关于此过程以下说法正确的是A小王同学可视为质点B衣服上钮扣和鞋子的线速度相同C摆到竖直位置时最容易掉落D两手握的距离越大越省力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示， 劲度系数为k的轻弹簧左端固定在竖直墙壁上， 右端与一小球相连，a 点为弹簧原长所在位置现对小球施加一个水平向右的恒力F，使小球从a点由静上开始运动，小球向右运动经过b点，最远到达c点，其中ab间的距离为xab= ，不计一切摩擦，下列判断正确的是A从

6、a至c，小球和弹簧组成的系统机械能逐渐增大B从a至c，恒力F所做的功大于弹性势能的增量C从a至b，恒力F所做的功大于小球动能的增量D从a至b，小球的动能逐渐增大到最大值8、节日燃放礼花弹时，要先将礼花弹放入一个竖直的炮筒中，然后点燃礼花弹的发射部分，通过火药剧烈燃烧产生的高压燃气，将礼花弹由炮筒底部射向空中若礼花弹由炮筒底部被击发到炮筒口的过程中，克服重力做功W1，克服炮筒及空气阻力做功W2，高压燃气对礼花弹做功W3，则礼花弹在炮筒内运动的过程中（设礼花弹发射过程中质量不变）（）A礼花弹的动能变化量为W1+W2+W3B礼花弹的动能变化量为W3W2W1C礼花弹的机械能变化量为W3W2D礼花弹的机

7、械能变化量为W3W2W19、如图所示，质量为m的木块，从位于竖直平面内的圆弧形曲面上滑下，由于摩擦力的作用，木块从a到b运动的速率增大，b到c的速率一直保持不变，c到d的速率减小，则（）A木块在abcd段运动的加速度都不为零B木块在ab段和cd段的加速度不为零，但bc段的加速度为零C木块在整个运动过程中所受合外力的大小一定，方向始终指向圆心D它只在bc段所受合外力的大小不变，方向指向圆心10、如图所示,一质量为m的小球置于半径为R的光滑竖直圆轨道最低点A处,B为轨道最高点,C、D为圆的水平直径两端点轻质弹簧的一端固定在圆心O点, 已知弹簧的劲度系数为k=mg/R，原长为L=2R，弹性限度内，若

8、给小球一水平初速度v0,已知重力加速度为g,则（ ）A无论v0多大，小球均不会离开圆轨道B若在则小球会在B.D间脱离圆轨道C只要，小球就能做完整的圆周运动.D只要小球能做完整圆周运动,则小球与轨道间最大压力与最小压力之差恒为6mg三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用做自由落体运动的小球来验证机械能守恒定律在某次实验中，该同学得到小球自由下落的部分频闪照片如图所示，图中所标数据均为小球下落的实际距离若已知当地的重力加速度大小为g9.80m/s2，小球的质量为m1.00kg，频闪仪每隔0.05s闪光一次（1）在t2到t5时间

9、内，小球重力势能的减少量Ep_J，动能的增加量为Ek_J；（结果保留三位有效数字）（2）该同学通过多次实验发现，无论在哪段时间内，小球重力势能的减少量Ep总是大于其动能的增加量Ek，造成这种现象的主要原因是_12（12分）某同学欲采用下列器材研究一个额定电压为2.5 V的小灯泡(内阻约为6 )的伏安特性曲线。A直流电源(3 V,内阻不计);B电流表(0-0.6 A,内阻约为0.13 );C电压表(0-3 V,内阻约为3 k);D电压表(0-15 V,内阻约为15 k);E.滑动变阻器(0-20 ,额定电流为2 A);F.滑动变阻器(0-1000 ,额定电流为0.5 A);G.开关、导线若干。(

10、1)为了减小测量误差,电压表应选用_,滑动变阻器应选用_。(填序号A、B、C等) (2)该同学连接电路的实物图如图丙所示,请指出他的电路接线中的错误:_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）固定光滑细杆与地面成一定倾角，在杆上套有一个光滑小环，小环在沿杆方向的推力F作用下向上运动，推力F与小环速度v随时间变化规律如图所示，取重力加速度g10m/s1求：（1）小环的质量m；（1）细杆与地面间的倾角a14（16分）如图，一粗细均匀的U形管竖直放置，A侧上端封闭，B侧上侧与大气相通，下端开口处开关K关闭，A侧空气

11、柱的长度为l=10.0cm，B侧水银面比A侧的高h=3.0cm，现将开关K打开，从U形管中放出部分水银，当两侧的高度差为h1=10.0cm时，将开关K关闭，已知大气压强p0=75.0cmHg（1）求放出部分水银后A侧空气柱的长度；（2）此后再向B侧注入水银，使A、B两侧的水银达到同一高度，求注入水银在管内的长度15（12分）电学中有些仪器经常用到下述电子运动的物理原理某一水平面内有一直角坐标系xOy，x=0和x=L=10cm的区间内有一沿x轴负方向的有理想边界的匀强电场E1=1.0104V/m，x=L和x=3L的区间内有一沿y轴负方向的有理想边界的匀强电场E2=1.0104V/m，一电子（为了

12、计算简单，比荷取em=21011C/kg）从直角坐标系xOy的坐标原点O以很小的速度进入匀强电场E1，计算时不计此速度且只考虑xOy平面内的运动求：（1）电子从O点进入到离开x=3L处的电场所需的时间；（2）电子离开x=3L处的电场时的y坐标参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】子弹受到摩擦阻力，而木块所受到摩擦动力，两者摩擦力大小相等，可认为是恒力运用动能定理分别研究子弹和木块，求出各自的动能变化，结合能量守恒定律分析。【详解】A项：木块对子弹的阻力做功为-f（s+d），根据动能定理得知：子弹动能的减少量

13、等于子弹克服阻力做功，大小为f（s+d），故A错误；B项：弹对木块的作用力大小为f，木块相对于地的位移为s，则子弹对木块做功为fs，根据动能定理得知，木块动能的增量等于子弹对木块做功，为fs，故B错误；C项：子弹相对于木块的位移大小为d，则系统克服阻力做功为fd，根据功能关系可知，子弹和木块组成的系统损失的动能为fd，故C正确；D项：子弹动能的减少等于木块动能的增加量和系统内能增加量之和，故D错误。故应选：C。【点睛】本题是子弹打木块模型，关键要掌握住功和能的关系，要明确对单个物体求功时，位移的参照物是地面。2、B【解析】人正常行走的速度大约为1.4m/s，所以动能约为人原地跳起时上升的最大高

14、度约为1m，所以重力势能为故B正确。故选B。3、C【解析】AB、设人所受的最大风力为Fm，由于人体受风力大小与正对面积成正比，故人站立时风力为18Fm由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得重力 G=12Fm，得 Fm=2G=2mg则表演者保持站立身姿时，向下的最大加速度为a1=mg-18Fmm=mg-182mgm=34g 人平躺时，向上的最大加速度为a2=Fm-mgm=2mg-mgm=g 故AB两项错误。C、设下降的最大速度为v，由速度位移公式，得：加速下降过程位移x1=v22a1，减速下降过程位移x2=v22a2则x1:x2=4:3 又 x1+x2=H 解得：

15、x2=37H，即NP之间的距离是37H故C项正确。D：若在P点保持水平横躺，经过N点时，立即调整身姿为站立身姿，设人到达M的速度为v对上升的整个过程，由动能定理得Fm37H+18Fm47H-mgH=12mv2-0可得 v=0，则人恰好能回到M点。但在M点受的合力向下，不能保持静止。故D项错误。4、C【解析】试题分析：当受迫振动的频率等于单摆的固有频率，将发生共振，根据共振的频率大小，得出固有周期的大小，根据单摆的周期公式进行分析若两次受迫振动分别在月球上和地球上进行，因为图线单摆的固有频率较小，则固有周期较大，根据，知，周期大的重力加速度小，则图线是月球上单摆的共振曲线，A错误；若两次受迫振动

16、均在地球上同一地点进行的，则重力加速度相等，因为固有频率比为2：5，则固有周期比为5：2，根据，知摆长比为25：4，B错误；图线若是在地球表面上完成的，则固有频率为0.5Hz，则=2，解得L=1m，C正确D错误5、D【解析】当B受到绳子的拉力与B的重力在斜面上的分力大小相等，即时，B在斜面上没有运动趋势，此时BC间没有摩擦力，A错误；把BC当做一个整体进行受力分析，可知绳子的拉力在水平方向上的分量不为零，整体有向右的运动趋势，所以C受到地面的摩擦力不会为零，B错误；把BC当做一个整体进行受力分析，在竖直方向上有：，绳子的拉力在竖直方向上的分量不为零，所以水平面对C的支持力与B、C的总重力大小不

17、相等，C错误；若将细绳剪断，B物体依然静止在斜面上，以BC为整体进行受力分析，受重力和地面的支持力作用，在水平方向没有力作用，所以水平面对C的摩擦力为零，D正确【点睛】该题考查到了摩擦力的判断，常用的方法有：假设法：利用假设法判断摩擦力的有无及方向；反推法：从研究物体表现出的运动状态这个结果反推出它必须具有的条件，分析组成条件的相关因素中摩擦力所起的作用，就容易判断摩擦力的有无及方向了；利用牛顿第三定律来判断：此法的关键是抓住“力是成对出现的”，先确定受力较少的物体受到的静摩擦力的方向，再根据“反向”确定另一物体受到的静摩擦力的方向6、C【解析】A小王同学围绕单杠做圆周运动，身体各部分的运动情

18、况不同，不能看做质点故A错误B由题意知身体各部分的角速度相等，衣服上钮扣和鞋子到圆心即单杠的距离不相等，所以线速度v=r不相等故B错误C小王同学摆到竖直位置时速度最大，需要的向心力最大，最容易掉落故C正确D做圆周运动的向心力由量手臂的拉力的合力提供，在合力一定的情况下，两力的夹角越大，两力越大，不省力故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A.从a至c，拉力F一直做正功，所以小球和弹簧组成的系统机械能逐渐增大，故A正确；B.从a至c根据动能定理可知，

19、而弹性势能的增量，故得，所以，恒力F所做的功等于弹性势能的增量，故B错误；C.从a至b的这段过程中，恒力F所做的功等于小球动能的增量与弹簧弹性势能增加量之和，所以，恒力F所做的功大于小球动能的增量故C正确；D.在b位置，小球的合力为零，动能最大，所以从a至b，小球的动能逐渐增大到最大，故D正确；8、BC【解析】A、B：礼花弹在炮筒内运动的过程中，重力、炮筒及空气阻力做功，高压燃气对礼花弹做功，三个力做功的和：W3W1W1，据动能定理，礼花弹的动能变化量等于三个力做功的和故A项错误，B项正确C、D：除重力外其余力做的功是机械能变化的量度，故高压燃气做的功和空气阻力和炮筒阻力做的功之和等于机械能的

20、变化量，即机械能的变化量为W3W1故C项正确，D项错误9、AD【解析】小球ab段和cd段速度大小在变化，故存在加速度；而bc段虽然速度大小不变，但方向时刻在变化，因此也存在加速度，当然由于做的曲线运动，因此加速度一定不为零，故B错误，A正确；只有做匀速圆周运动时，所受合外力大小一定，方向始终指向圆心，而小球ab段和cd段速度大小在变化，b到c的速率一直保持不变，故C错误，D正确；故选AD.10、ACD【解析】AB弹簧的劲度系数为，原长为L=2R，所以小球始终会受到弹簧的弹力作用，大小为F=k（L-R）=kR=mg，方向始终背离圆心，无论小球在CD以上的哪个位置速度为零，重力在沿半径方向上的分量

21、都小于等于弹簧的弹力（在CD以下，轨道对小球一定有指向圆心的支持力），所以无论v0多大，小球均不会离开圆轨道。故A符合题意，B不符合题意。C小球在运动过程中只有重力做功，弹簧的弹力和轨道的支持力不做功，机械能守恒，当运动到最高点速度为零，在最低点的速度最小，有，解得：所以只要，小球就能做完整的圆周运动，故C符合题意。D在最低点时，设小球受到的支持力为N，根据牛顿第二定律有：，解得：运动到最高点时受到轨道的支持力最小，设为N，设此时的速度为v，由机械能守恒有：，此时合外力提供向心力，有：，可得：。联立可得压力差为：N=6mg，与初速度无关。故D符合题意。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案

22、写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1）7.06， 7.03； (2）小球受到空气阻力的影响； 【解析】(1) 在t2到t5时间内，小球下落的高度h=0.7206m，所以小球重力势能的减少量为Ep=mgh7.06J，小球在t2时刻的瞬时速度大小 在t5时刻的瞬时速度大小 所以小球动能的增加量；(2) 由于小球下落过程中要受到空气阻力的作用，所以减少的重力势能一部分转化为小球运动的动能，另一部分转化为克服空气阻力做功而产生的内能12、 ( 1 ) C E( 2 ) 应用外接法【解析】（1）灯泡额定电压为2.5V，电压表应选C，为方便实验操作，滑动变阻器总阻值较小的E（2）描绘

23、灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻约为几欧姆，电流表内阻约为0.13，电压表内阻约为3k，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，而实物图中电流表采用了内接法，则根据原理可知，本实验应采用电流表外接法；【点睛】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、连接实物电路图，要正确实验器材的选择原则，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计电路的关键四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）m1kg，（1）a30【解析】由图得：0-1s内环的加速度a=0.5m/s1前1s，环受到重力、支持力和拉力，根据牛顿第二定律，有： 1s后物体做匀速运动，根据共点力平衡条件，有： 由图读出F1=5.5N，F1=5N联立两式，代入数据可解得：m=1kg，sin=0.5，即=3014、（1）12.0cm；（2）13.2cm【解析】（1）以cmHg为压强单位设A侧空气柱长度l=10.0cm时压强为p，当两侧的水银面的高度差为h1=10.0cm时，空气柱的长度为l1，压强为p1，