湖北省荆州成丰学校2022-2023学年高三物理第一学期期中调研模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路中，电源电动势为E、内阻为r，电阻R2、R3为定值电阻，R1为滑动变阻器，A、B为电容器的两个极板当滑动变阻器R1处于某位置时，A、B两板间的带电油

2、滴静止不动则下列说法中正确的是A仅把R1的触头向右滑动时，油滴向下运动B仅把R2断路时，油滴向上运动C仅把R3短路时，油滴向上运动D当电流表的读数减小时，油滴向下运动2、在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化。电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用I、U1、U2和U3表示。下列选项正确的是（ ）AI变大，U1减小BU2比U3小C变大，不变D变大，变大3、图1所示为一列简谐横波在t=0时的波动图象，图2所示为该波中x=2m处质点P的振动图象，下列说法正确的是（ ）A该波的波速为2m/sB该波沿x轴负方向传播Ct

3、= 1.0s时，质点P的速度最小，加速度最大D在t=0到t=2.0s的时间内，质点P的速度和加速度方向均未发生改变4、几个水球可以挡住子弹？实验证实：4 个水球就足够了！4个完全相同的水球紧挨在一起 水平排列，如图所示，子弹（可视为质点）在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，恰好穿 出第 4 个水球，则以下说法正确的是（ ）A子弹在每个水球中速度变化相同B由题干信息可以确定子弹穿过每个水球的时间C由题干信息可以确定子弹在每个水球中运动的时间相同D子弹穿出第 3 个水球的瞬间速度与全程的平均速度相等5、如图所示，倾角的斜面上有一木箱，木箱与斜面之间的动摩擦因数现对木箱施加一拉力F，使木箱沿着斜面向

4、上做匀速直线运动设F的方向与斜面的夹角为，在从0逐渐增大到60的过程中，木箱的速度保持不变，则（ ）AF先减小后增大BF先增大后减小CF一直增大DF一直减小6、伽利略为了研究自由落体运动的规律，将落体实验转化为著名的“斜面实验”，利用斜面实验主要是考虑到实验时便于A测量小球运动的时间B测量小球运动的路程C测量小球运动的速度D直接得到落体的运动规律二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个物体沿直线运动，从时刻开始，物体的的图像如图所示，图线与纵横坐标轴的交点坐标分别为0

5、.5m/s和，由此可知（ ） A物体做匀加速直线运动的加速度大小为B物体做变加速直线运动C物体的初速度大小为D物体的初速度大小为8、如图a，理想变压器原、副线圈的匝数比为2:1，与副线圈相连的两个灯泡完全相同，闭合电键K后，正确的是A电流表示数不变B电压表示数增大C变压器的输入功率增大D如b图所示的交变电流每秒钟方向改变50次9、如图所示，倾角为的斜面体C置于水平地面上，一条细线一端与斜面上的物体B相连，另一端绕过质量不计的定滑轮与物体A相连，定滑轮用另一条细线悬挂在天花板上的O点，细线与竖直方向成角，A、B、C始终处于静止状态，下列说法正确的是A若仅增大A的质量，B对C的摩擦力一定减小B若仅

6、增大A的质量，地面对C的摩擦力一定增大C若仅增大B的质量，悬挂定滑轮的细线的拉力可能等于A的重力D若仅将C向左缓慢移动一点，角将增大10、如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑片P向右端移动时，下面说法中正确的是（）A电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大B电压表V1的读数增大，电流表A1的读数减小C电压表V2的读数减小，电流表A2的读数增大D电压表V2的读数增大，电流表A2的读数减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）借助于位移传感器可以方便地测量木块和木板之间的动摩擦因数，实验装置如图甲所示，木块从木板上面某

7、一点静止释放，位移传感器记录下木块到传感器的距离。计算机描绘的距离随时间变化的图象如图乙所示。图甲 图乙（1）根据上述s- t图象，计算木块加速度a =_m/s2， 0.3s时木块的速度v=_m/s， 。（以上结果均保留2位有效数字）（2）根据图中提供的已知数据，可计算出木块与木板间的动摩擦因数=_。（取重力加速度g=10m/s2，结果保留2位有效数字）（3）为了提高木块与木板间动摩擦因数的测量精度，下列措施可行的是_。A点与传感器距离适当大些 B木板的倾角越大越好C选择体积较小的实心木块D传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻12（12分）某同学在做“验证机械能守恒定律”的实验时，实

8、验装置如图甲所示.(1)该同学开始实验时的情形如图乙所示，接通电源释放纸带开始实验.请指出该同学在实验操作中存在的两处明显错误或不当的地方是：_；_。(2)根据纸带算出相关各点的速度v，量出下落距离h，以v22为纵轴，画出的v22-h图像应是图中的_.(3)将错误或不当的地方改正后，打点计时器所用交流电的频率为50Hz，该同学选取如图丙所示的一段纸带，O是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打下的点(图中未标出)，各计数点到O点的距离如图所示,他对OC段进行研究在重物下落高度hOC的过程中，重物减小的重力势能EP=_J，增加的动能EK=_ J (m=0.50kg，重力加速度g=10m/s2

9、，结果保留3位有效数字).四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，与轻绳相连的滑块（视作质点）置于水平圆盘上，绳的另一端固定于圆盘中心的转轴上，绳子刚好伸直且无弹力，绳长。滑块随圆盘一起做匀速圆周运动（二者未发生相对滑动），滑块的质量，与水平圆盘间的动摩擦因数，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度求：（1）圆盘角速度时，滑块受到静摩擦力的大小；（2）圆盘的角速度至少为多大时，绳中才会有拉力；14（16分）一定质量的理想气体体积V与热力学温度T的关系图象如图所示，气体在状态A时的压强pA=p0，温度

10、TA=T0，线段AB与V轴平行，BC的延长线过原点求：（i）气体在状态B时的压强pB；（ii）气体从状态A变化到状态B的过程中，对外界做的功为10J，该过程中气体吸收的热量为多少；（iii）气体在状态C时的压强pC和温度TC15（12分）如图所示，用一块长的木板在墙和桌面间架设斜面，桌面高H=0.8m，长斜面与水平桌面的倾角可在060间调节后固定将质量m=0.2kg的小物块从斜面顶端静止释放，物块与斜面间的动摩擦因数，物块与桌面间的动摩擦因数，忽略物块在斜面与桌面交接处的能量损失（重力加速度取；最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（1）求角增大到多少时，物块能从斜面开始下滑；（用正切值表示）（2）当增

11、大到37时，物块恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数；（已知sin37=0.6，cos37=0.8）（3）继续增大角，发现=53时物块落地点与墙面的距离最大，求此最大距离参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】仅把的触头向右滑动时，增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，路端电压增大，由可知，板间场强增大，油滴所受电场力增大，则油滴向上运动A错误，B正确仅把两极板A、B间距离d增大，电容器的电压不变，由可知，板间场强减小，油滴所受电场力减小，则油滴向下运动C错误仅把两极板A、B间相对面积减小，U和d不变

12、，则板间场强不变，油滴所受电场力不变，则油滴仍保持静止 D错误选B.【点睛】电路稳定时，电容相当于开关断开，其电压等于路端电压分析电容器板间电压的变化，判断电场强度的变化，根据油滴所受的电场力变化，判断油滴的运动情况2、C【解析】AB通过分析电路图可知，r、R1、R2串联，R1为定值电阻；当滑动变阻器触头P向下滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据公式，可知电路中总电流I变小，外电压U3增大，R1两端的电压U1变小；再根据串联电路中总电压等于各分电压之和，滑动变阻器两端的电压U2变大，所以U2比U3大。故AB错误。CR2两端的电压为U2，电流为I，则，其比值变大；而U2=E-I

13、（R1+r），可得：，是个定值不变。故C正确。D电压U3为路端电压，有：U3=E-Ir，可得：是个定值不变，从外电路来看，U3=I（R1+R2），可得：是增加的。故D错误。3、C【解析】A.由图1读出波长，由图2读出，因此该波的波速，故选项A错误；B.由图2可以看出，质点P在时向上振动，根据“同侧法”知，波沿轴正方向传播，故选项B错误；C.由图2可知，时，质点位于波峰位置，速度最小，加速度最大，故选项C正确；D.从到是半个周期，质点从平衡位置向上振动到波峰位置，然后再回到平衡位置，它的速度方向先向上再向下，加速度方向是由回复力方向决定的，该过程中回复力的方向一直向下，所以加速度方向一直向下，故

14、选项D错误。4、D【解析】BC设水球的直径为d，子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动。因为通过最后1个、最后2个、以及后3个、全部4个的位移分别为d，2d，3d和4d，根据知，所以时间之比为1：2，所以子弹在每个水球中运动的时间不同；由以上的分析可知，子弹依次穿过4个水球的时间之比为：（2-）：（）：（1）：1；由题干信息不可以确定子弹穿过每个水球的时间，故BC错误；A子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，则受力是相同的，所以加速度相同，由v=at可知，运动的时间不同，则速度的变化量不同，故A错误；D由以上的分析可知，子弹穿

15、过前3个水球的时间与穿过第四个水球的时间是相等的，由匀变速直线运动的特点可知，子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等，故D正确。5、A【解析】对物体受力分析如图木箱沿着斜面向上做匀速直线运动，根据平衡条件，合力为零在垂直斜面方向，有：在平行斜面方向，有：其中：联立解得： 当时F最小，则在从0逐渐增大到60的过程中，F先减小后增大，A正确，BCD错误。故选A。6、A【解析】伽利略最初假设自由落体运动的速度是随着时间均匀增大，但是他所在的那个时代还无法直接测定物体的瞬时速度，所以不能直接得到速度随时间的变化规律；伽利略通过数学运算得到结论：如果物体的初速度为零，而且速度随时间的变化是均匀

16、的，那么它通过的位移与所用的时间的二次方成正比，这样，只要测出物体通过通过不同位移所用的时间，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化但是物体下落很快，当时只能靠滴水计时，这样的计时工具还不能测量自由落体运动所用的较短的时间；伽利略采用了一个巧妙的方法，用来“冲淡”重力他让铜球沿阻力很小的斜面滚下，二小球在斜面上运动的加速度要比它竖直下落的加速度小得多，所以时间长，所以容易测量；A.与分析相符，故A正确；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析不符，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对

17、的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】由图得：=（0.5t+0.5）m/s；由x=v0t+at1得：=v0+at，可得a=0.5，a=1m/s1可知，物体的加速度不变，做匀加速直线运动故A正确，B错误图线纵轴截距表示初速度，则知物体的初速度大小为0.5m/s故C正确，D错误8、AC【解析】AB、原线圈输入电压不变，线圈匝数不变，则副线圈电压不变，即电压表示数不变，灯泡电阻不变，则电流表示数不变，故A正确、B错误；C、当K接通后，两个灯泡并联，增加一个负载，则副线圈功率增大，所以变压器的输入功率增大，故C正确；D、根据b图可知，周期T=0.02s，则频率f=50Hz，交流

18、电每个周期方向改变两次，每秒钟方向改变100次，故D错误故选AC点睛：原线圈输入电压不变，线圈匝数不变，则副线圈电压不变，灯泡两端的电压不变，则通过电流表的电流不变，变压器的输入功率由输出功率决定，根据图b求出周期，进而求出频率，求出电流方向改变次数9、BD【解析】A、若B具有上滑的趋势，增大A的质量，则B对C的摩擦力增大，若B具有下滑的趋势，增大A的质量，则B对C的摩擦力减小，所以不一定增大，故A错误；B、将BC看作一个整体，具有向左的运动趋势，仅增大A的质量，地面对C的摩擦力一定增大，故B正确；C、若B具有上滑的趋势，增大B的质量，则B受到的摩擦力减小，若B具有下滑的趋势，增大B的质量，则

19、B受到的摩擦力增大，所以不一定增大，故C错误；D、连接AB的细线的夹角一半即角的大小，若仅将C向左缓慢移动一点，增大连接AB的细线的夹角，则角将增大，故D正确；故选BD10、AD【解析】当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电流表A1读数增大；电压表V1读数 U1=E-I（R1+r），I增大，其他量不变，则U1减小；通过电流表A2的电流，U1减小，则I2减小；流过R2的电流 I2=I-I2，I增大，I2减小，则I2增大，则伏特表V2的读数增大综上，电压表V1的读数减小，电流表A1的读数增大，伏特表V2的读数增大，

20、电流表A2的读数减小故AD正确，BC错误故选AD【点睛】本题是简单的电路动态分析问题，按“部分整体部分”的思路进行分析，对于并联电路，要抓住干路电流等于各支路电流之和分析两个支路电流的关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.0 0.40 0.50 AC 【解析】由于滑块在斜面上做匀加速直线运动，所以某段时间内的平均速度等于这段时间内中点时刻的瞬时速度；根据加速度的定义式即可求出加速度；根据牛顿第二定律求出测定动摩擦力因数；为了提高木块与木板间摩擦力因数的测量精度，可行的措施是A点与传感器位移适当大些或减小斜面的倾角；【详解】解：(1

21、)由图象知，在第1个0.1s，木块的位移为0；在第二个0.1s，木块的位移x2=25-24cm=1cm；经第3个0.1s，木块的位移x3=24-21cm=3cm，经第4个0.1s，木块的位移x4=21-16cm=5cm，0.3s时木块的速度v=x3+x42t=0.40m/s，由x=aT2解得a=xT2=2.0m/s2 (2)由图可知sin=1525=0.6，根据牛顿第二定律，有mgsin-mgcos=ma，解得=gsin-agcos=100.6-2.0100.8=0.50(3)A、A点与传感器距离适当大些，可提高长度的测量精度，提高加速度的测量精度，从而提高动摩擦因数的测量精度，故A正确；B、

22、而木板的倾角过大，则运动时间过短，故B错误；C、体积较小的实心木块受到的空气阻力较小，测量结果较准确，故C正确；D、传感器开始计时的时刻可从任意位置，故D错误；故选AC。12、打点计时器接的直流电源 重物离打点计时器太远 C 2.19 2.12 【解析】（1）本实验要求采用打电计时器，而打点计时器采用的是交流电源，而本实验中采用了直流电源；同时，由于加速度较大，故纸带应在1米左右，且应让重物紧靠打点计时器，而本实验中离打点计时器太远，故错误为：打点计时器接了直流电源；重物离打点计时器太远；（2）利用12v2-h图线处理数据，从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出：mgh=12mv2，即

23、12v2=gh，所以以12v2为纵轴，以h为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线，也就是图中的C（3）重力势能的减小量为：Ep=mgh=0.5100.437J=2.19JC点的瞬时速度为：vC=xBC2T=0.7760-0.19350.2m/s=2.9125m/s，则动能的增加量为：Ek=12mvC2=120.52.91252J=2.12J【点睛】在处理实验学的问题中，一定要先明确实验的原理，由原理即可容易得出实验中的仪器选择，数据处理及误差分析等问题要能够找出斜率和截距的物理意义，我们必须要从物理角度找出两个物理变量的关系表达式利用图象问题结合数学知识处理物理数据是实验研究常用的方法我们更多的研究直线图形，找出其直线的斜率和截距四、计算题：本题共2小题，共26分。把