2022-2023学年天水市第一中学物理高三第一学期期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，竖直平面内有一固定的光滑轨道ABCD，其中倾角=37的斜面AB与半径为R的圆弧轨道平滑相切于B点，CD为竖直直径，O为圆心，质量为m的小球(可视为质点)

2、从与B点高度差为h的斜面上的A点处由静止释放，重力加速度大小为g，sin37=0.6，cos37=0.8，则下列说法正确的是A当h=3R时，小球过C点时对轨道的压力大小为B当h=2R时，小球会从D点离开圆弧轨道作平抛运动C调整h的值，小球能从D点离开圆弧轨道，并能恰好落在B点D调整h的值，小球能从D点离开圆弧轨道，但一定不能落在B点2、教师在课堂上做了两个小实验，让小明同学印象深刻。第一个实验叫做“旋转的液体”，在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极，沿边缘内壁放一个圆环形电极，把它们分别与电池的两极相连，然后在玻璃皿中放入导电液体，例如盐水，如果把玻璃皿放在磁场中，液体就会旋转起来，如图甲所示。第二

3、个实验叫做“振动的弹簧”，把一根柔软的弹簧悬挂起来，使它的下端刚好跟槽中的水银接触，通电后，发现弹簧不断上下振动，如图乙所示。下列关于这两个趣味实验的说法正确的是（ ）A图甲中，如果改变磁场的方向，液体的旋转方向不变B图甲中，如果改变电源的正负极，液体的旋转方向不变C图乙中，如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动D图乙中，如果将水银换成酒精，依然可以观察到弹簧不断上下振动3、从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体A、B的vt图象如图所示，在0t2时间内，下列说法中正确的是（）A两物体所受的合外力方向相同BA物体的平均速度小于C两物体在t2时刻相遇D在第一次相遇之前，两物体在t

4、1刻相距最远4、有关速度和加速度的关系下列说法中正确的是（）A速度变化很大，加速度一定很大B速度变化越来越快，加速度越来越小C速度方向为正加速度方向可能为负D速度变化量的方向为正，加速度方向可能为负5、如图1所示，一个物体放在粗糙的水平地面上。在t=0时刻，物体在水平力F作用下由静止开始做直线运动。在0到t0时间内物体的加速度a随时间t的变化规律如图2所示。已知物体与地面间的动摩擦因数处处相等。则（ ）A在0到t0时间内,合力的冲量大小为Bt0时刻,力F等于0C在0到t0时间内力F大小恒定D在0到t0时间内物体的动量逐渐变大6、某电场的电场线分布如图所示实线，以下说法正确的是Ac点场强大于b点

5、场强Bb和c处在同一等势面上C若将一试探电荷由a点移动到d点，电荷的电势能将增大D若某一点电荷只在电场力的作用下沿虚线由a点运动到d点，可判断该电荷一定带负电二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、汽车发动机的额定功率为60 kW，汽车质量为5 t汽车在水平面上行驶时，阻力与车重成正比，g10 m/s2，当汽车以额定功率匀速行驶时速度为12 m/s突然减小油门，使发动机功率减小到40 kW，对接下去汽车的运动情况的描述正确的有（ ）A先做匀减速运动再做匀加速运动B先做加速

6、度增大的减速运动再做匀速运动C先做加速度减小的减速运动再做匀速运动D最后的速度大小是8 m/s8、如图所示，光滑水平面上有质量均为的物块A和B，B上固定一轻质弹簧，B静止，A 以速度水平向右运动，从A与弹簧接触至弹簧被压缩到最短的过程中（ ）AA、B的动量变化量大小相等BA、B的动量变化率相同CA、B系统的总动能保持不变DA、B系统的总动量保持不变9、一水平放置的圆盘绕竖直固定轴转动，在圆盘上沿半径开有一条宽度为2mm的均匀狭缝。将激光器与传感器上下对准，使二者间连线与转轴平行，分别置于圆盘的上下两侧，且可以同步地沿圆盘半径方向匀速移动，激光器连续向下发射激光束。在圆盘转动过程中，当狭缝经过激

7、光器与传感器之间时，传感器接收到一个激光信号，并将其输入计算机，经过处理后画出相应图线。图（a）为该装置示意图，图（b）为所接收的光信号随时间变化的图线，横坐标表示时间，纵坐标表示接收到的激光信号强度。图中，利用图b中的数据可以知道（）A圆盘转动的角速度为B激光器和传感器沿半径移动的方向是沿半径向圆心C激光器和传感器沿半径移动的方向是沿半径向外D激光器和传感器沿半径方向移动的速度大小是10、静止在粗糙水平面上的物块A受方向始终水平向右、大小先后为F1、F2、F3的拉力作用做直线运动，t=4s时停下，其速度时间图像如图所示，已知物块A与水平面间的动摩擦因数处处相同，下列判断正确的是（ ）A全过程

8、中拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功B全过程拉力做的功等于零C一定有F1+F3=2F2D可能有F1+F32F2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用如图甲所示实验装置来探究当地的重力加速度的大小让从高处由静止下落，拖着的纸带被打点计时器打出一系列的点，O是打下的第一个点，每相邻两个计数点之间还有4个点未标出计数点问距的测量数据如图乙所示已知，打点计时器的频率为50Hz所求结果均保留两位有效数字(1)在打计数点D时纸带的速度_ms；纸带的加速度大小_ms1(1)若某同学测得各计数点到O点的距离为h，作出的图象如图丙所示，则测得

9、当地的重力加速度g=_ms112（12分）在高中物理力学实验中，下列说法中正确的是A在“探究动能定理”的实验中，通过改变橡皮筋的长度来改变拉力做功的数值B在“验证力的平行四边形定则”实验中，采用的科学方法是等效替代法C在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，可用直尺直接测量弹簧的伸长量D在处理实验数据时，常常采用图象法可以减小系统误差四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量为MB=6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量MA=6kg停在B的左端一质量为m=1kg的小球用长为l=0.8m的轻绳

10、悬挂在固定点O上将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞后反弹，反弹所能达到的最大高度h=0.2m木块与小球可视为质点，A、B达到共同速度后A还在木板上，不计空气阻力，g取10m/s2.（1）球和物块A碰后瞬间A物块的速度大小（2）A、B组成的系统因摩擦损失的总的机械能14（16分）如图所示，一束平行单色光照射到半圆形玻璃砖的平面上，入射光线的方向与玻璃砖平面成45角，玻璃砖对该单色光的折射率为，入射到A点的光线折射后，折射光线刚好射到圆弧的最低点B，照射到C点的光线折射后在圆弧面上的D点刚好发生全反射，半圆形玻璃砖的半径为R，求：在B点的光线反射与折射后，反射光线与折

11、射光线间的夹角大小；OA间的距离及CDO各为多少？15（12分）图为“嫦娥三号”探测器在月球上着陆最后阶段的示意图.首先在发动机作用下，探测器受到推力在距月球高度为处悬停（速度为0，远小于月球半径）；接着推力改变，探测器开始竖直下降，到达距月面高度为处的速度为，此后发动机关闭，探测器仅受重力下落至月面.已知探测器总质量为（不包括燃料），地球和月球的半径比为，质量比为，地球表面附近的重力加速度为，求：（1）月球表面附近的重力加速度大小及探测器刚接触月面时的速度大小；（2）从开始竖直下降到刚接触月面时，探测器机械能的变化参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个

12、选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.当h=3R时，小球从A点到C点的过程，根据机械能守恒有：小球过C点时有：联立解得：FN=7.4mg据牛顿第三定律可知，小球过C点压力大小为7.4mg，故A错误；B.若小球恰好从D点离开圆弧轨道，则有：，从开始到D的过程，有mg（h0-R-Rcos）=mv02解得：，h0=2.3R2R所以当h=2R时，小球在运动到D前已经脱离轨道，不会从D点离开做平抛运动，故B错误；CD.若小球以速度v0从D点离开后做平抛运动，则 R+Rcos=gt2得：且所以小球能从D点离开圆弧轨道，但一定不能落在B点，故D正确，C错误2、C【解析】图甲中，仅仅调换N、S极

13、位置或仅仅调换电源的正负极位置，安培力方向肯定改变，液体的旋转方向要改变，故AB均错误；图乙中，当有电流通过弹簧时，构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场，根据安培定则知，各圈导线之间都产生了相互的吸引作用，弹簧就缩短了，当弹簧的下端离开水银后，电路断开，弹簧中没有了电流，各圈导线之间失去了相互吸引力，弹簧又恢复原长，使得弹簧下端又与水银接触，弹簧中又有了电流，开始重复上述过程，可以观察到弹簧不断上下振动；如果改变电源的正负极，依然可以观察到弹簧不断上下振动；但是如果将水银换成酒精，酒精不导电，则弹簧将不再上下振动，故选项C正确，D错误；故选C.3、D【解析】vt图象的斜率表示该时刻的加速度大小

14、，则知两物体的加速度方向相反，由牛顿第二定律知合外力方向相反，故A错误图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，A做匀减速运动，平均速度就等于故B错误图线与时间轴包围的面积表示对应时间内的位移大小，由图象可知：0t2时间内，A的位移比B的位移大，则两物体在t2时刻没有相遇，故C错误两物体从同一地点同时开始沿同一直线运动，t1时刻前A物体的速度大小小B物体的速度，A物体在B物体的后方，两者距离不断增大，t1时刻前A物体的速度大小大于B物体的速度，A物体仍在B物体的后方，两者距离不断减小，所以t1时刻两物体相距最远故D正确故选D.4、C【解析】解：A、根据a=知，速度变化很大，加速度不一定大

15、，还与时间有关，故A错误B、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快，加速度越来越大，故B错误C、加速度方向与速度方向可能相同，可能相反，故C正确D、加速度方向与速度变化量方向相同，速度变化量的方向为正，则加速度方向为正，故D错误故选：C5、D【解析】合力F合=ma是变力，其平均作用力为，则合力的冲量大小为ma0t0，则A错误；t0时刻，力F合等于0，F等于摩擦力，则B错误；在0到t0时间内合力减小，则力F大小变小，则C错误；在0到t0时间内物体做加速运动，物体的动量逐渐变大，则D正确；故选D。6、A【解析】解这类题是思路：电场线的疏密表示场强的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低，根据带

16、电粒子运动轨迹判定电场力方向，然后根据电性判断电场线方向，根据电场力做功判断电势能的变化【详解】电场线的疏密表示场强的强弱，由图知c点场强大于b点场强，故A正确；沿电场线方向电势逐渐降低，故b的电势大于c的，故B错误；若将一试探电荷+q由a点移动到d点，电场力做正功，电荷的电势能将减小，故C错误；由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力大致斜向左上方，与电场强度方向相同，故粒子带正电，故D错误；故选A【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再

17、比较电势能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】试题分析：根据P=Fv知，功率减小，则牵引力减小，开始牵引力等于阻力，根据牛顿第二定律知，物体产生加速度，加速度的方向与速度方向相反，汽车做减速运动，速度减小，则牵引力增大，则牵引力与阻力的合力减小，知汽车做加速度减小的减速运动，当牵引力再次等于阻力时，汽车做匀速运动故C正确，AB错误当额定功率为60kW时，做匀速直线运动的速度为12m/s，则当牵引力再次等于阻力时，又做匀速直线运动，故D正确故选CD考点：牛顿

18、第二定律；功率【名师点睛】解决本题的关键会根据P=Fv判断牵引力的变化，会根据牛顿第二定律判断加速度的变化，以及会根据加速度方向与速度的方向关系判断汽车做加速运动还是减速运动8、AD【解析】AD由题意可知两物体相互作用过程中系统的合外力为零，故系统的总动量守恒，则A、B动量变化量大小相等、方向相反，故A正确，D正确；B由动量定理得：可以知道动量的变化率等于物体所受的合外力，A、B两物体所受的合外力大小相等、方向相反，所受的合外力不同，则动量的变化率不同，故B错误；C因整个过程中只有弹簧弹力做功，A、B系统的总机械能不变，弹性势能在变化，则总动能在变化，故C错误。故选AD。9、ACD【解析】A由

19、图线读得，转盘的转动周期T=0.8s，故角速度=rad/s=2.5rad/s故A正确；BC由于电脉冲信号宽度在逐渐变窄，表明光能通过狭缝的时间逐渐减少，即圆盘上对应探测器所在位置的线速度逐渐增加，因此激光器和探测器沿半径由中心向边缘移动，故C正确，B错误；D0.2s时刻的线速度1.0s时刻的线速度径向速度联立解得故D正确。故选ACD。10、AC【解析】AB. 整个过程中，物体的初动能与末动能都为零，动能的变化量为零，对全过程，运用动能定理知拉力做的功等于物块克服摩擦力做的功，故A正确，B错误CD. 对整个过程，取水平向右为正方向，根据动量定理，有：F1t1-ft1=mv由图知 t1=1s，即得

20、F1-f=mv对于匀速过程，有：F2-f=0对于减速过程，有：F3t3-ft3=0-mv即F3-f=-mv解得 F1+F3=2F2故C正确D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.9 4.8 9.6 【解析】（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点D的速度，根据推论x=aT1，求出加速度；（1）根据，及牛顿第二定律，结合图像的斜率，从而得出重力加速度g的值【详解】(1) 每相邻两个计数点之间还有4个点未标出，打点计时器的频率为50Hz，相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬

21、时速度，则有：vD=m/s=1.9m/s，根据x=aT1，a=m/s1=4.8m/s1；(1)由牛顿第二定律，则有：(m1m1)g=(m1+m1)a；根据速度位移关系：联立得：图像的斜率k=代入数据，解得g=9.6m/s1.12、B【解析】因为橡皮筋的拉力会随其形变量的变化而变化，即拉力是变力，不容易求解其做功，所以实验时，每次保持橡皮筋的形变量一定，增加橡皮筋的个数，1条为W，2条为2W，不是通过改变橡皮筋的长度来改变拉力做功的数值，而是通过改变橡皮筋的条数来改变拉力做功的数值，A错误；在“验证力的平行四边形定则”实验中，采用的科学方法是等效替代法；两个分力与合力效果是相同的，B正确；为了减少误差，应测量弹簧的总长度，不能测量伸长量，C错误；图象法只能减小因测量而产生的偶然误差，不能减小系统误差，D错误；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文