2023学年广东省深圳市龙文一对一物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，平行板电容器充电完毕后与电源断开设平行板电容器的电容为C，两极板正对面积为S，两极板间的距离为d，两极板间场强为E.下列说法正确的是()A若保持S不变，增大d，则C变小，

2、E变大B若保持S不变，减小d，则C变大，E不变C若保持d不变，减小S，则C变大，E不变D若保持d不变，减小S，则C变小，E变小2、电路中中端电压随干路电流变化的图象如图所示，图中纵轴的起点为1.2V，则电源的电动势和内电阻应是（ ）AE=0.3V,r=0.5 BE=1.5V,r=3.0 CE=1.5V,r=0.5 DE=1.5V,r=0.63、以下说法正确的是A电动势就是电源两极间的电压B闭合电路中的电流跟电源电动势成正比，跟整个电路的电阻成反比C闭合电路中的短路电流无限大D电源UI图象上某点纵、横坐标的乘积对应此时电源的总功率4、把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A电阻丝长为L，直径

3、为d，B电阻丝长为3L，直径为3d要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应当满足AUAUB=11BUAUB=1CUAUB=3DUAUB=345、一个电荷只在电场力作用下从电场中的A点移到B点过程中，电场力做了210-6J的正功，那么（ ）A电荷在B处时具有210-6J的动能B该过程中电荷的电势能减少了210-6JC电荷在B处时具有210-6J的电势能D该过程中电荷的动能减少了210-6J6、空间有一水平匀强电场，范围足够大，场中有一粒子源，某时刻释放出速度大小相同的同种带电粒子，速度方向沿垂直于电场的竖直面内各方向，粒子的重力不计，如图所示，则（）A同一时刻所有粒子的

4、动量相同B同一时刻所有粒子的位移相同C同一时刻所有粒子到达同一等势面上D同一时刻所有粒子到达同一水平面上二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的直线是真空中某电场的一条电场线，A、B是这条直线上的两点一带正电粒子仅在电场力作用下，以速度vA经过A点向B点运动，经过一段时间后，粒子以速度vB经过B点，且vA与vB方向相反，则 AA点的电势一定低于B点的电势B粒子在A点的电势能一定小于在B点的电势能C粒子在A点的动能一定小于在B点的动能DA点的场强一定大于B点的场强

5、8、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是( )A加5 V电压时，导体的电阻大于5 B加12V电压时，导体的电阻等于8C由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小D由图可知，随着电压的减小，导体的电阻不断减小9、如图所示，在沿水平方向的匀强电场中，有a、b两点，已 a、b两点在同一竖直面但在不同的电场线上。一个带电小球在电场力和重力的作用下由a点运动到b点，在这一运动过程中，下面的判断中正确的是（ ） A该带电小球的动能可能不变B该带电小球运动的轨迹一定是直线C该带电小球做的一定是匀变速运动D该带电小球在a点的速度可能为零10、如图所示，平行板电容器两极板水平放置，现

6、将其与二极管串联接在电动势为E的直流电源上，电容器下极板接地，静电计所带电量可忽略，二极管具有单向导电性闭合开关S，一带电油滴恰好静止于两板间的P点，现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则下列说法正确的是A平行板电容器的电容将变大B静电计指针张角变小C带电油滴的电势能将减少D油滴仍将保持静止三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做“研究平抛物体的运动”实验时，实验装置如图所示，先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于槽口附近处，使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在

7、白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口方向分别平移距离x、2x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球分别撞在木板上得到痕迹B、C若木板每次移动距离x=15.00 cm，测得A、B间距离y1=4.78 cm，B、C间距离y2=14.58 cm（取重力加速度g=9.8 m/s2）（1）小球初速度的表达式为v0=_（用题给物理量符号表示）（2）小球初速度的测量值为_m/s（保留两位有效数字）12（12分）利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图所示水平桌面上固定一倾斜的气垫导轨；导轨上A点放置带有长方形遮光条的滑块，其总质量为M，左端由跨过光滑定滑轮的轻质细绳与质量为m的小球相连；导轨上B点有

8、一光电门，可以测量遮光片经过光电门时的时间t，用L表示A点到光电门B处的距离，d表示遮光片的宽度，将遮光片通过电门的平均速度看作滑块通过B点时的瞬时速度，实验时滑块在A处由静止开始运动（1）用游标卡尺测量遮光条的宽度d，结果如图乙所示，由此读出d=_cm（2）某次实验测得气垫导轨的倾斜角为，重力加速度用g表示，滑块从A点到B点过程中，m和M组成的系统动能增加量可表示为Ek=_，系统的重力势能减少量可表示为Ep=_，在误差允许的范围内，若Ek=Ep，则可认为系统的机械能守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）

9、如图所示，质量为m、电荷量为q的带电粒子，以初速度v0垂直射入场强为E方向竖直向下的匀强电场中，射出电场的即时速度的方向与初速度方向成30角在这过程中，不计粒子重力求：（1）该粒子在电场中经历的时间；（2）粒子在这一过程中电势能增量14（16分）在真空中两个静止的点电荷相距10 cm，它们之间的静电引力为910-4 N,当把它们合在一起时，则成为一个带电荷量为310-8 C的点电荷，问原来两点电荷所带的电荷量各为多少？15（12分）如图所示，定值电阻R1=4、R2=16、R3=4、R4=6、R5=10，电源电动势 E=10 V，内阻不计，平行板电容器的电容C =2F、a、b、c、d为电路中的四

10、个结点，令结点d 电势为零则电容器所带的电荷量为多少？并说明电容器上、下极板的正负参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】平行板电容器充电后与电源断开，其电量保持不变将两极板间距离减小，由电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式确定电量的变化根据E=Ud分析电场强度E如何变化【详解】平行板电容器充电后与电源断开，电量Q保持不变。AB、若保持S不变，将两极板间距离增大，由电容的决定式C=S4kd分析得知，电容C变小，由根据E=Ud、C=S4kd和C=QU得：E=4kQS，可知E与d无关，则E不变，故A错误，

11、B正确；CD、若保持d不变，将两极板间正对面积减小，由电容的决定式C=S4kd分析得知，电容C变小，由根据E=Ud、C=S4kd和C=QU得：E=4kQS，可知E与S成反比，则E变大，故CD错误；故选B。【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式2、D【解析】U-I关系满足：U=E-Ir，根据U-I直线的截距等于E，斜率等于r可得E=1.5V，r=1.5V-1.2V0.5A=0.6，故D正确故选D3、B【解析】A当外电路断开时，电源两极间的电压等于的电动势，故A错误.B根据闭合电路欧姆定律：得知闭合电路的电流跟电源的电动势成正比，跟内外电路的

12、电阻之和成反比，故B正确.C当外电路短路时，所以：故C错误.D电源U-I图象上某点纵、横坐标的乘积对应此时电源的输出功率，故D错误.故选B.4、B【解析】根据电阻定律可知：由于是纯电阻，则由，Q、t相同得：加在两电阻丝上的电压之比为AUAUB=11。故A不符合题意。 BUAUB=1。故B符合题意。CUAUB=3。故C不符合题意。 DUAUB=34。故D不符合题意。5、B【解析】AD.电荷只在电场力作用下，电场力做了的正功，合力做功即为，根据动能定理得知，动能增加了，故AD错误；BC.电场力做了的正功，根据功能关系得知，电荷的电势能减小，故B正确，C错误6、C【解析】A粒子在电场中做类平抛运动，

13、所有粒子初速度大小相等，则在同一时刻，所有粒子动量大小相等而方向不同，粒子动量不同，故A错误；B粒子在电场中做类平抛运动，同一时刻所有粒子位移大小相等但方向不同，粒子位移不同，故B错误；CD粒子在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，在相等时间内所有粒子在水平方向位移相等，所有粒子同时到达与电场垂直的同一竖直面内，所有粒子不会同时到达同一水平面，匀强电场等势面是与电场垂直的平面，由此可知，在同一时刻所有粒子到达同一等势面，故C正确，D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0

14、分。7、AB【解析】由于带正电的粒子在A点时速度方向向右而到达B点时速度方向向左，故正电荷所受电场力方向向左，而正电荷所受电场力的方向与电场的方向相同，故场强向左，所以A点电势低于B点的电势，故A正确由于从A到B过程中电场力做负功，故粒子的电势能增大故B正确由于从A到B过程中电场力做负功，故电荷在A点的动能比在B点的动能大，故C错误由于只有一条电场线，所以无法判断哪个位置电场线的疏密情况，故无法判断AB两点哪点的场强更大故D错误故选AB点睛：物体速度方向的变化说明物体所受的电场力方向向左，这是本题的突破口还要掌握电场线的基本特性：疏密表示场强的相对大小，方向表示电势高低8、BD【解析】加5V的

15、电压时，电流为1.0A，则由欧姆定律可知：R=UI=51.0=5；故A错误；加12V的电压时，电流约为1.5A，则可得电阻为：R=121.5=8；故B正确；由图可知，随电压的增大，图象的斜率减小，则可知导体的电阻越来越大，故C错误；随着电压的减小，导体的电阻减小；故D正确；故选BD。9、ACD【解析】AB小球的电性和初速度都是未知的，所以又很多的不确定性，因此不能判定小球的运动的轨迹和速度的变化；故A正确，B错误；C小球受到的电场力与重力都不变，根据牛顿第二定律，小球的加速度不变，所以小球一定做匀变速运动，故C正确；D小球的初速度是未知的，所以它在a点的速度可能为0，故D正确。故选ACD。10

16、、CD【解析】根据 知，d增大，则电容减小故A错误静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器电容减小，则电容器要放电，但是由于二极管的单向导电性，导致电容器电量不变，故根据Q=CU可知，U变大，所以静电计指针张角变大故B错误因电容器电量不变，则当d增大时，根据,电场强度不变，P点与下极板的电势差变大，则P点的电势增大，因为该电荷为负电荷，则电势能减小故C正确因电场强度不变，则油滴所受电场力不变油滴仍将保持静止，故D正确故选CD点睛：本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，二极管的存在导致电容器不能放电，则电量不变；当电容量电量不变时，两板间的场强与两板间距无关.三、实验题：本题共2小题，

17、共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 1.5 【解析】（1）在竖直方向上：y=y2-y1=gt2，水平方向上：x=v0t，联立解得：（2）根据，代入数据解得：v0=1.5m/s12、（1） 1010 （2）mgL-MgLsin；【解析】【分析】由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度；根据重力做功和重力势能之间的关系可以求出重力势能的减小量，根据起末点的速度可以求出动能的增加量；根据功能关系得重力做功的数值等于重力势能减小量解(1)由于光电门的宽度b很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度，滑块通过光电门B速度为：；(2)滑块从

18、A处到达B处时m和M组成的系统动能增加量为：；系统的重力势能减少量可表示为：；比较和，若在实验误差允许的范围内相等，即可认为机械能是守恒的四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）【解析】（1）带正电的粒子垂直进入电场后做类平抛运动，如图所示：粒子在垂直电场方向的做匀速直线运动粒子在电场方向做初速度为0的匀加速直线运动：，当粒子速度方向与初速度方向成30角时，如图，竖直分速度：，粒子经历的时间：；（2）在这一过程中，粒子在电场方向偏转的位移，电场力对粒子做功：，根据电场力做功与电势能变化的关系知，电场力对粒子做正功，电势能减少，好电势能的增加量14、510-8 C和-210-8 C；或-510-8 C和210-8 C【解析】由题根据库仑定律知：F=kq1q2r2，则F=kq1q2r2=910-4N；两点荷带异种电荷，由电荷守恒知：q1-q2=310-8C解上式得：q1=510-8C，q2=-210-8C或q1=