2023学年福建省厦门市湖滨中学物理高二上期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B是一条电场线上的两点，一带正电的点电荷沿电场线从A点运动到B点，在这个过程中，关于电场力做功的说法正确的是（ ）A电场力做正功B电场力做负功C电场力不做功D电场力先做正功后做负功2、右图是简化的多用表的电路转换开关S

2、与不同接点连接，就组成不同的电表：下面是几位同学对这一问题的议论，请你判断他们中的正确说法AS与2连接时，多用表就成了测电阻BS与3连接时，多用表就成了电流表CS与4连接时，多用表就成了电压表DS与5连接时，多用表就成了电压表3、在物理学史上，发现“弹簧发生弹性形变时，在一定形变范围内，弹力的大小跟弹簧伸长（或 缩短）的长度成正比”这一规律的科学家是A亚里士多德B牛顿C伽利略D胡克4、关于地球上不同位置的物体随地球自转的角速度关系、线速度大小关系，下列说法正确的是（ ）A处于同一纬度线上的海拔高度相同的物体线速度大小相等B处于同一经度线上的物体线速度大小相等C在赤道上的物体角速度最大D在两极处

3、的物体线速度最大5、如图所示，在电键 S 闭合时，质量为 m 的带电液滴处于静止状态，那么，下列判断正确的是（ ）A电键 S 断开，极板电量将减小，电压降低B电键 S 断开，极板间距离减小，则极板间电量减小C电键 S 断开，极板间距离减小，则极板间电压减小D电健 S 断开，极板间距离减小，则带电液滴向上运动6、两个定值电阻R1=1200，R2=600串联接在电压稳定为12V的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1的两端，如图所示，电压表示数为8 V，如果把它改接在R2的两端，则电压表的示数将( ) A小于4 VB等于4 VC大于4 V而小于8 VD等于或大于8 V二、多

4、项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电势差和电场力作功的说法中，正确的是 （ ）A电势差的大小由电场力在两点间移动电荷做的功和电荷的电量决定B电场力在两点间移动电荷做功的多少由两点间的电势差和该电荷的电量决定C电势差是矢量，电场力作的功是标量D在匀强电场中与电场线垂直方向上任意两点的电势差均为零8、如图所示的电场中有A、B两点，下列判断正确的是()A电势AB，场强EAB，场强EAEBC将电荷量为q的正电荷从A点移到B点，静电力做正功，电势能减少D将电荷量为q的负电荷从A

5、点移到B点，电荷具有的电势能EpAEpB9、如图所示，电源电动势E = 10V内阻r = 1，闭合开关S后，标有“ 8V、12W 的灯泡L恰能正常发光，电动机M的电阻R0= 4，下列说法正确的是A流经电源的电流为3.5AB电源的输出功率P出= 18WC电动机M的机械效率为75%D10s内电动机M输出的能量为30J10、某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是A点场强大于点场强B点电势高于点电势C若将一试电荷由点释放，它将沿电场线运动到点D若在点再固定一点电荷，将一试探电荷由移至的过程中，电势能减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（

6、6分）如图甲所示，螺旋测微器的读数为_cm12（12分）某实验小组要描绘一只规格为“2.5 V0.5 A”小电珠的伏安特性曲线，除了提供导线和开关外，还有以下一些器材：A电源E(电动势为3.0 V，内阻不计)B电压表V(量程为03.0 V，内阻约为2 k)C电流表A(量程为00.6 A，内阻约为1 )D滑动变阻器R(最大阻值10 ，额定电流1 A)（1）为完成本实验，请用笔画线当导线，将实物图连成完整的电路，要求实验误差尽可能的小(图中有几根导线已经接好)（_）（2）下表中的数据是该小组在实验中测得的，请根据表格中的数据在方格纸上作出电珠的伏安特性曲线.U/V0.000.501.001.502

7、.002.50I/A0.000.170.300.390.450.49（_）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2，电阻R1=12，R2=R4=4，R3=8，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L=0.40m，两极板的间距d=1.010-2m。（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相

8、同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的右侧电场中射出？（要求写出计算和分析过程，只写结果不写过程不给分，g取10m/s2）14（16分）如图所示，离子发生器发射出一束质量为m，电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度，并沿垂直于电场线方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度离开电场，已知平行板长为，两板间距离为d，求： 的大小； 离子在偏转电场中运动时间； 离子在偏转电场中受到的电场力的大小F； 离子在偏转电场中的加速度； 离子在离开偏转电场时的横向速度； 离子在离开偏转电场时的速度的大小； 离子在离开偏转电场时的横向偏移量y；15（12分）如图所示，在一足够大的

9、空间内存在着水平向右的匀强电场，电场强度大小E=3.0104N/C有一个质量m=4.0103kg的带电小球，用绝缘轻细线悬挂起来，静止时细线偏离竖直方向的夹角=37取g=10m/s2，sin37=0.60，cos37=0.80，不计空气阻力的作用（1）求小球所带的电荷量及电性；（2）如果将细线轻轻剪断，求细线剪断后，小球运动的加速度大小；（3）从剪断细线开始经过时间t=0.20s，求这一段时间内小球电势能的变化量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：解这类题是思路：根据带电粒子运动的方向与电场力方

10、向的关系，然后判定电场力做功的情况解：正电荷受力的方向与电场线的方向相同，粒子运动的方向与电场线的方向相同，所以电场力做正功故A正确，BCD错误故选A【点评】关于电场力做功的情况，可以根据电场力的方向与运动方向的关系来判定属于基础题目2、C【解析】试题分析：多用表电路中的表头是电流计，当S与2连接时，表头与电阻R1、R2并联，而并联是分流电路，故此时多用表就成了电流表，A不对；当S与3连接时，表头与R3串联，串联是分压电路，故此时多用表就成了电压表，B不对；当S与4连接时，表头与R4串联，串联是分压电路，故此时多用表就成了电压表，C是正确的；当S与5连接时，表头与变阻器再与电源串联，故它是能够

11、测量电阻大小的，所以此时的多用电表就成了欧姆表，D是不对的考点：多用电表的工作原理3、D【解析】弹簧发生弹性形变时，弹力的大小F跟弹簧的伸长(或缩短)的长度x成正比，这个规律是英国科学家胡克发现的，也称为胡克定律，故ABC错误，D正确故选：D4、A【解析】地球上不同位置的物体随地球自转时，共轴转动，角速度相同，处于同一纬度线上的海拔高度相同的物体转动半径相等，由公式v=r分析知，线速度大小相等，故A正确，C错误；处于同一经度线上的物体转动半径不全相等，所以线速度不一定大小相等。故B错误；在两极处的物体转动半径最小，则线速度最小，故D错误。所以A正确，BCD错误。5、C【解析】试题分析：电健断开

12、后，电容器极板电量Q保持不变，电容C保持不变，所以电压U不变选项A、B是错误的。当电健S断开后，板间距离d减小，电容C增大，减小，因此选项C正确；电容器两板间的场强，因此，当电量Q、正对面积S不变时，场强保持不变，液滴不会运动。D错误；故选C。考点：电容器6、A【解析】将电压表与电阻R1并联时，电压表的读数为8V，则电阻R2两端的电压为4V若将电压表与电阻R2并联，则其并联的总电阻小于R2，根据串联电阻的电压分配可知，电压表的读数将小于4V；故选A.点睛：本题考查了求电压表示数，应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题；熟记并联电阻小于任一支路的电阻以及电压分配与电阻成正比的结论；明确电压表读

13、数造成的误差来源二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A. 电势差是反映电场本身的性质的物理量，由电场本身决定，与所移动的电荷无关，故A错误；B. 根据电场力做功W=qU，可知在两点间移动电荷电场力做功的多少由两点间的电势差和该电荷的电量决定，故B正确；C. 电势差有正负，但是正负不表示方向，表示相对大小，是标量，电场力做功是标量故C错误；D. 在匀强电场中，与电场线垂直的面是等势面，所以在与电场线垂直方向上任意两点间电势差为零故D正确故选BD.8、AC【解

14、析】由图示可知，B处的电场线密，A处的电场线稀疏，因此B点的电场强度大，A点的场强小，即EAEB；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，由图示可知，BA，故A正确，B错误；将电荷量为q的正电荷从A点移到B点，电场力做正功，电势能减小，故C正确；将电荷量为q的负电荷从A点移到B点，电场力做负功，电势能增加，电荷具有的电势能EpAEpB故D错误；故选AC。【点睛】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，抓住电场力做功与电势能的关系.9、CD【解析】AB由题意，外电压为，故内电压应为：总电流：因此电源的输出功率为：故A错误，B错误.

15、CD流过灯泡的电流：则流过电动机的电流为：电动机的热功率为：电动机的总功率为：电动机的机械功率：电动机的机械效率：10s内电动机M输出的能量为：故C正确，D正确.10、BD【解析】试题分析：电场线的密的地方场强大，b点电场线密，所以b点场强大，故A错误沿着电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B正确若将一试探电荷+q由a点静止释放，将沿着在a点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故C错误若在d点再固定一点电荷Q，将一试探电荷q由a移至b的过程中，原来的电场力和点电荷Q对试探电荷q做功均为正，故电势能减小，选项D正确；故选BD考点：电场线；电场力的功和电势能三、实验题：本题共2小题，共18

16、分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.0217【解析】螺旋测微器的固定刻度为10mm，可动刻度为21.70.01mm=0.217mm所以最终读数为10mm+0.217mm=10.217mm=1.0217cm由于需要估读，最后的结果可以在1.0215cm至1.0219cmn之间。12、 【解析】（1）1.描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡电阻约为，电流表内阻约为1，电压表内阻约为2k，相对来说，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实物电路图如图所示（2）2.根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示

17、；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）6.010-12C（2）微粒能从C的电场中射出【解析】（1）S断开时，电阻R3两端电压为：S闭合后，外阻为：路端电压为：电阻R3两端电压为：则所求流过R4的总电量为：QCU3CU36.01012C（2）设微粒质量为m，电量为q，当开关S断开时有：当开关S闭合后，设微粒加速度为a，则设微粒能从C的电场中射出，则水平方向：竖直方向：由以上各式求得：故微粒能从C的电场中射出。（其他符合题意的计算也可以得分）14、 F=qE= 【解析】不管加速电场是不是匀强电场，WqU都适用，所

18、以由动能定理得：（2分）由于偏转电场是匀强电场，所以离子的运动类似平抛运动即：水平方向为速度为v0的匀速直线运动，竖直方向为初速度为零的匀加速直线运动在水平方向（2分）F=qE=（2分）（2分）（2分）（2分）（和带电粒子q、m无关，只取决于加速电场和偏转电场）（2分）本题考查带电粒子在电场中的偏转，在加速电场先由动能定理求得电场力做功和进入偏转电场的速度大小，进入偏转电场后电场力方向与初速度方向垂直，水平方向做匀速运动，竖直方向做匀加速直线运动，电场力提供加速度，由匀变速直线运动的速度、位移与时间的关系可求得飞出偏转电场时的速度大小和位移大小15、（1）1.0106C，正；（2）12.5m/s2；（3）4.5103J【解析】试题分析：（1）小球处于静止状态，分析受力，根据电场力与场强方向的关系判断电性（2）将细线突然剪断小球将沿细线方向做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律列式求解加速度；（3）根据运动学公式求解出小球的位移；然后根据电势能的减小量等于电场力的功列式求解解：（1）小球受到重力mg、电场力F和绳的拉力T的作用，由共点力平衡条件有：F=qE=mgtan解得：q=1.0106C电场力的方向与电场强度的方向相同，故小球所带电荷为正电荷；（2）剪断细线后，小