2023学年安徽师范大学附中物理高二上期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在静电场中，把电荷量为的正试探电荷从A点移到B点，克服静电力做功，以下说法中正确的是（）AB点的电势是15VB电荷的动能增加了C电荷的电势能增加了D电荷在B点具有的电势能是2、如图所示，互相平行的三根通电长直导线A、B、C，刚好穿过

2、等边三角形的三个顶点，三根导线的电流大小相等，方向垂直纸面向外，则C受到的磁场力的方向是（ ）A平行C， 指向x轴正方向B平行C，指向y轴正方向C垂直C，指向y轴负方向D垂直C，指向x轴负方向3、用跨过光滑定滑轮的绳(绳不可伸长)把湖中小船拉靠岸，如图所示，已知拉绳的速度v不变，则船速( )A逐渐增大B先减小后增大C逐渐减小.D先增大后减小4、如图所示，空间存在垂直纸面向里的匀强磁场，从P点平行直线MN射出的a、b两个带电粒子，它们从P点射出开始计时到第一次到达直线MN所用的时间相同，到达MN时速度方向与MN的夹角分别为600和900，不计重力以及粒子间的相互作用力，则两粒子速度大小之比va:

3、vb为（ ）A2:1B3:2C4:3D:5、如图所示，水平方向上有一弹簧振子，O点是其平衡位置，振子在a和b之间做简谐运动，关于振子下列说法正确的是（ ）A在a点时加速度最大，速度最大B在O点时速度最大，位移最大C在b点时位移最大，回复力最大D在b点时回复力最大，速度最大6、平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地在两极板间有一正电荷（电荷量很小）固定在P点，如图所示，以E表示两极板间的场强，U表示电容器的电压，表示正电荷在P点的电势能若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置（ ）AU变小，E不变BE变大，变大CU变小，变小DU不变，不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20

4、分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列四幅图中通电导体受力方向表示正确的是 ( )ABCD8、如图电路中，A、B为两块竖直放置的金属板，G是一只验电器，开关S合上时，静电计张开一个角度，下述情况中可使指针张角增大的是（） A合上S，使A、B两板靠近一些B合上S，使A、B正对面积错开一些C断开S，使A、B间距增大一些D断开S，使A、B正对面积错开一些9、在竖直平面内有水平向右、电场强度为的匀强电场。在场中有一根长L=2m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系有质量为0. 04kg的带电小球，如图所示，它静止时细线与竖

5、直方向成37角。现给小球一个初速度让小球恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，取小球在静止时的位置为电势能和重力势能的零点，下列说法正确的是（ ）A小球所带电量为B小球恰能做圆周运动的动能最小值是0. 5JC小球恰能做圆周运动的机械能最小值是1.54JD小球恰能做圆周运动的机械能最小值是1. 78J10、关于静电场的电场线，下列说法正确的是（）A电场强度较大的地方电场线一定较密B沿电场线方向，电场强度一定越来越小C沿电场线方向，电势一定越来越低D电场线一定是带电粒子在电场中运动的轨迹三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究加速度与

6、力、质量的关系”实验中：（1）某小组同学用如图所示装置，采用控制变量法来研究在小车质量不变的情况下，小车加速度与小车受力的关系下列措施中正确的是_A平衡摩擦力的方法就是将木板一端垫高，在塑料小桶中添加砂，使小车在绳的拉力作用下能匀速运动B实验中应先放小车，然后打开打点计时器的电源C在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（2）如图所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带取计数点A、B、C、D、E、F、G，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T = 0.10 s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离如图乙所示，则小车运动的加速度大小a =_m/s2，打纸带上C点时小车的瞬时速度

7、大小vC =_m/s（结果保留二位有效数字）12（12分）某同学通过实验测定一个阻值约为5 的电阻Rx的阻值（1）现有电源（4 V，内阻可不计）、滑动变阻器（050 ，额定电流2 A）、开关和导线若干，以及下列电表：A.电流表（03 A，内阻约0.025 ） B.电流表（00.6 A，内阻约0.125 ）C.电压表（03 V，内阻约3 k） D.电压表（015 V，内阻约15 k）在实验中，电流表应选用_，电压表应选用_（选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的_（填“甲”或“乙”）（2）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图所示，可得该

8、电阻的测量值Rx_ （保留两位有效数字）（3）若在（1）问中选用甲电路，产生误差的主要原因是_；若在（1）问中选用乙电路，产生误差的主要原因是_（选填选项前的字母）A电流表测量值小于流经Rx的电流值 B电流表测量值大于流经Rx的电流值C电压表测量值小于Rx两端的电压值 D电压表测量值大于Rx两端的电压值（4）在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P从一端滑向另一端，随滑片P移动距离x的增加，被测电阻Rx两端的电压U也随之增加，下列反映Ux关系的示意图中正确的是_A B C 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分

9、）如图所示的电路中，电阻R=10，电动机M的线圈电阻r=1，加在电路两端的电压U=50V，已知电流表的读数为25A，求：（1）通过电动机线圈的电流强度为多少？（2）通电，电动机M输出的机械功为多少？14（16分）A球由高楼顶自由下落，当它下落高度为5m时，B球在楼顶下方离楼顶15m处自由下落，两球同时落地求：（取 g=10m/s2）（1）B球开始下落时A球的速度（2）楼顶距地面的高度（3）B球落到地面的时间15（12分）如图所示，图甲为一个电灯两端电压与通过它的电流的变化关系曲线由图可知，两者不成线性关系，这是由于焦耳热使灯丝的温度发生了变化的缘故，参考这条曲线回答下列问题（不计电流表内阻，线

10、路提供电压不变）： （1）若把三个这样的电灯串联后，接到电压恒定为12 V的电路上，求流过灯泡的电流和每个灯泡的电阻；（2）如图乙所示，将两个这样的电灯并联后再与10的定值电阻R0串联，接在电压恒定为10V的电路上，求通过电流表的电流值以及每个灯的实际功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】AC把一个正点电荷从A点移到B点，克服静电力做功6108J，电荷的电势能增大了6108J,即电场力对电荷做负功，为6108J，则AB间的电势差为U=V=15V由于A点的电势未知，不能求出B点的电势，故A错误，C正确；B

11、由于没有说明是否有其他的外力做功，所以电荷的动能增加不一定为6108J，故B错误；D电荷的电势能增大了6108J，题目没有选择0势能点，不能确定B点的电势能，故D错误。故选C。2、C【解析】由安培定则可知，通电直导线A、B在C处产生的磁场合场方向水平向左，即沿x轴负方向；由左手定则可知，通电直导线C所受安培力垂直于C指向y轴负方向选项ABD错误，C正确故选C3、A【解析】船的运动分解如图：小船的运动可以分解为沿绳子收缩方向和垂直绳子方向两种运动方式，假设绳子与水平面夹角为，由几何关系可得：拉绳的速度v不变，船向左移动时变大，逐渐减小，则v船逐渐增大，故选A.4、C【解析】两粒子做圆周运动的轨迹

12、如图：设P点到MN的距离为L，由图知b的半径为：Rb=L，对于a粒子的半径：L+Racos60=Ra得：Ra=2L即两粒子的速度之比为Ra：Rb=2：1粒子做圆周运动的周期为：T= 由题有： 得两粒子的比荷为：粒子的洛伦兹力提供向心力，有：qvB=m 得：R= 联立得： 故选C5、C【解析】A.振子在a和b之间做简谐运动，则在a点时偏离平衡位置最远，加速度最大，速度为零，故A错误；B.在O点时处于平衡位置，速度最大，位移为零，故B错误；C.在b点时位移最大，回复力最大，C正确；D.在b点时回复力最大，速度为零，D错误6、A【解析】平行板电容器充电后与电源断开后，带电量不变将正极板移到图中虚线所

13、示的位置时，板间距离d减小，根据知，电容C增大，根据，知板间电压U变小由，可知E与d无关，电场强度E不变P与负极板间的距离不变，由U=Ed可知，P与负极板间的电势差不变，P点的电势不变，正电荷在P点的电势能不变故A正确，BCD错误故选A【点睛】解决本题的关键知道电容器与电源断开后其电荷量不变，掌握电容器的决定式以及定义式要能熟练推导出场强的表达式E=，记住E与d无关的结论，有利于进行动态分析二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：由左手定则可知AD正

14、确考点：考查左手定则点评：难度较小，左手定则中注意四指和大拇指的指向不要混淆8、CD【解析】试题分析：合上开关，电容器两端间的电势差不变，静电计指针张角不变，故A、B错误；断开S，电容器带电量保持不变，使A、B间距靠近一些，根据，d变小，C变大根据，U减小，张角变小，故C错误；断开S，电容器带电量保持不变，使A、B正对面积错开一些，根据，S变小，C变小根据，U增大，张角增大，故D正确考点：考查了电容的动态变化9、BC【解析】A.对小球进行受力分析如上图所示， 可得代入解得小球的带电量A错误；B.由于重力和电场力都是恒力，所以它们的合力也是恒力，在圆上各点中，小球在平衡位置A点时的势能（重力势能

15、和电势能之和）最小，在平衡位置的对称点B点，小球的势能最大，由于小球总能量不变，所以在B点的动能EkB最小，对应速度vB最小；恰能绕O点在竖直平面内做圆周运动，在B点，小球受到的重力和电场力，其合力作为小球做圆周运动的向心力，绳的拉力恰为零，有所以：选项B正确；CD由于总能量保持不变，即是恒量所以当小球在圆上最左侧的C点时，电势能EPE最大，机械能最小由B运动到A，有所以：总能量为由C到A，电场力做功：又电场力做功等于电势能的减少量，则：所以C点的机械能为故C正确，D错误。10、AC【解析】A、电场强度与电场线的密集程度有关电场线越密，电场强度越大；反之则越小，故A正确，BC、沿电场线方向，电

16、势一定越来越低但电场强度不一定越来越小，比如正电荷的电场线沿电场线电场强度越来越小；沿电场线方向，电势一定越来越低，故B错误C正确; D、电场线并不实际存在，它只是人为的辅助工具，而带电粒子的运动轨迹是实际存在的，故D错误综上所述本题答案是：AC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C 2.4 0.51 【解析】（1）1A、平衡摩擦力时，取下小桶，推动小车，观察打点计时器正常工作时纸带上打出的点迹间距相等即可，故A错误；B、实验时，先接通打点计时器电源，等打点稳定后再才放开小车，故B错误；C、该实验的研究对象是小车，采用控制变量法研究。当

17、质量一定时，研究小车的加速度和小车所受合力的关系。为消除摩擦力对实验的影响，可以把木板D的左端适当垫高，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力，当小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量时，绳子的拉力近似等于砝码和盘的总重力。故C正确；（2）2根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可得：设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4-x1=3a1T2x5-x2=3a2T2x6-x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，有：代入实验数据解得：3根据匀变速直线运动中时间

18、中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小为：12、B C 甲 5.2 B D A 【解析】（1）1根据欧姆定律可知，通过待测电阻的最大电流为所以电流表选B；2因为电源电动势为3V，所以电压表应选3V的量程，所以选C；3因为待测电阻满足所以电流表应该选用外接法，故采用甲电路；（2）4电流表读数为0.50A，电压表读数为2.60V，所以待测电阻为（3）5根据欧姆定律和串并联规律可知，采用甲电路时因为电压表A的分流作用，导致电流表测量值大于流经Rx的电流，所以产生误差的主要原因是B；6若采用乙电路，因为电流表的分压作用，导致电压表的测量值大于Rx两端的电压值，所以造

19、成误差的主要原因是D（4）7由闭合电路欧姆定律可知，Rx两端的电压和滑动变阻器两端的电压之和等于电源电动势，随着x的增加，滑动变阻器接入电路的有效电阻减小，电路中的电流逐渐增大，故U-x图线是斜率逐渐增大的曲线，故选A。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）20A （2）3.6104J【解析】试题分析：先根据欧姆定律求解通过电阻R的电流，然后用干路电流减去电阻R的电流，得到通过电动机的电流；根据W=UIt求解电动机在1min内消耗的电能，根据P热=I2rt求解电流通过电动机产生的热量，最后根据W机=W-Q求解电动机的机械功率功。（1）通过电阻R的电流为： 通过电动机的电流：IM=I-IR=25A-5A