2023学年安徽省阜阳市颍上县第二中学物理高二第一学期期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、有一条捕鱼小船停靠在湖边码头，小船又窄又长(估计一吨左右)一位同学想用一个卷尺粗略测定它的质量他进行了如下操作：首先将船平行码头自由停泊，轻轻从船尾上船，走到船头后停下来，而后轻轻下船，用卷尺测出船后退的距离为d，然后用卷尺测出船长L，已知他自身的质量为m，则渔船的质量M为()AmLd Bm(L-d)dCm(L+d)d DmdL-d2、如图甲所示为电场中的一条电场线，在电场线上建立坐标轴，则坐标轴上Ox2间各点的电势分布如图乙所示，则( )A在Ox2间，电场强度先减小后增大B在Ox2间，电场强度方向没有发生变化C若一负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐减小D从O点静止释放一仅受电

3、场力作用的正电荷，则该电荷在Ox2间一直做匀加速运动3、在匀强磁场中某处P放一个长度为L20 cm，通电电流I1 A的直导线，测得它受到的最大磁场力F1.0 N，现将该通电导线从磁场中撤走，则P处磁感应强度为()A0B0.2 TC0.05 TD5 T4、如图，匀强磁场中，一单匝矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，线框中产生的交变电动势瞬时值随时间变化的规律为e20sinl00tV。下列说法正确的是A该线框转动的频率是100HzB该线框产生的交变电动势最大值是20VCt0.005s时刻，线框平面与中性面重合Dt0.05s 时刻，穿过线圈的磁通量最大5、如图所示，矩形线框平面与匀强磁场方向垂

4、直，穿过的磁通量为若将线框平面与磁场平行放置，则磁通量变为A4B2CD06、一平行板电容器通过开关和电源连接，如图所示，电源的电动势保持9V不变先闭合开关，把一个厚0.5mm的金属板平行插入间距为1mm的两板之间（ 金属板的面积和电容器极板的相等）等稳定后再打开开关，拔出金属板设整个过程中金属板未和电容器极板相碰则此时电容器极板间的电压是（）A9V B18V C4.5V D0V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A、B两板间电压为600V，A板带正电并接地，

5、A、B两板间距离为12cm，C点离A板4cm，下列说法正确的是( ) AE=2000V/m，C=200VBE=5000V/m，C=-200VC电子在C点具有的电势能为-200eVD电子在C点具有的电势能为200eV8、两个半径相同的金属小球，带电量之比为3：7，相距为r（可视为点电荷），两者相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的（）A521 B1621 C421 D25219、如图所示的电路中，三个灯泡、的电阻关系为，电感L的电阻和电源的内阻可忽略，D为理想二极管。下列判断正确的是A开关K从断开状态突然闭合时，逐渐变亮，一直不亮，立即变亮B开关K从断开状态突然闭合时，、逐渐变亮

6、，一直不亮C开关K 从闭合状态突然断开时，逐渐熄灭，突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭，立即熄灭D开关K从闭合状态突然断开时，、逐渐熄灭，突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭10、如图的电路中，电动机M与电炉L串联后两端接上恒定电压U，电动机M的线圈电阻与电炉的电阻相同，电动机正常工作，下列判断正确的是（）A流过电动机的电流小于流过电炉的电流 B电动机的发热功率小于电炉的发热功率C电动机两端电压大于电炉两端电压 D电动机的总功率大于电炉的总功率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测金属丝的电阻率实验。(1)用螺旋测微器测量金属丝的直径如图(a)

7、，其示数为_mm；(2)实验电路如图(b)，请用笔画线代替导线，完成图(c)的实物连线_；(3)开启电源，合上开关，记录ap的长度L和电流表A的示数I；移动线夹改变ap的长度L，测得多组L和I值，做出L的图线，求得图线斜率为k；(4)若稳压电源输出电压为U，金属丝的横截面积为S，则该金属丝的电阻率=_（用k、U、S表示）。12（12分）（1）在“测金属的电阻率”的实验中，分别用游标卡尺和螺旋测微器测出用金属材料制成的一段圆柱体的长度和横截面的直径如图实所示则该圆柱体的长度为_mm，横截面的直径为_mm （2）有一标有额定电压为“6V”，额定功率模糊不清的小灯泡（电阻约为）一名同学到实验室测该灯

8、泡的额定功率与电阻，除导线和开关若干外，实验室还有以下器材：A.直流电源10V（内阻不计） B.直流电流表（内阻约为）C.直流电压表（内阻约为） D.滑动变阻器，画出实验电路图_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在两条竖直的平行虚线内存在着宽度为L、方向竖直向上的匀强电场；在与右侧虚线相距为L处有一与电场方向平行的荧光屏将一质量为m、电荷量为q的带电微粒从A点沿AO方向以初速度V0速度垂直电场线射入电场，微粒打在荧光屏上的B点；撤去电场，微粒仍在A点以原有速度的大小和方向射入，则打在荧光屏上的C

9、点。已知BOCO，重力加速度为g，求（1）微粒从A点出发，打到屏上的时间在两种情况下之比。（2）匀强电场的电场强度E.（3）在没有撤去电场的情境中，运动过程中机械能的变化量。14（16分）万有引力定律揭示了天体运行规律与地上物体运动规律具有内在的一致性。用弹簧秤称量一个相对于地球静止的小物体的重量，随称量位置的变化可能会有不同的结果。已知地球质量为M，自转周期为T，万有引力常量为G。将地球视为半径为R、质量均匀分布的球体，不考虑空气的影响。设在地球北极地面称量时，弹簧秤的读数是F0。(1)若在北极上空高出地面h处称量，弹簧秤读数为F1，求比值F1F0的表达式，并就h1.0%R的情形算出具体数值

10、(计算结果保留两位有效数字)；(2)若在赤道地面称量，弹簧秤读数为F2，求比值F2F0的表达式。15（12分）如图所示，位于竖直平面内的矩形金属线圈，边长Ll=0.40m、L2=0.25m，其匝数n=100匝，总电阻r=1.0，线圈的两个末端分别与两个彼此绝缘的铜环C、D（集流环）焊接在一起，并通过电刷和R=3.0的定值电阻相连接。线圈所在空间存在水平向右的匀强磁场，磁感应强度B=1.0T，在外力驱动下线圈绕竖直固定中心轴O1O2匀速转动，角速度=2.0rad/s。求：（1）电阻R两端电压的最大值；（2）从线圈通过中性面（即线圈平面与磁场方向垂直的位置）开始计时，经过周期通过电阻R的电荷量；（

11、3）在线圈转动一周的过程中，整个电路产生的焦耳热。（本问保留3位有效数字）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】人和船组成的系统所受合外力为0，满足动量守恒，由位移与时间之比表示速度，根据动量守恒定律进行分析与计算；【详解】设人走动时船的速度大小为v，人的速度大小为v，人从船尾走到船头所用时间为t，取船的速度为正方向。则v=dt，v=L-dt 根据动量守恒定律：Mv-mv=0则得：Mdt=mL-dt 解得渔船的质量：M=m(L-d)d，故选项B正确，选项ACD错误。【点睛】人船模型是典型的动量守恒模型，体会

12、理论知识在实际生活中的应用，关键要注意动量的方向。2、B【解析】AB. x图象的斜率的绝对值大小等于电场强度，由几何知识得知，斜率先增大后减小，则电场强度先增大后减小，但斜率一直是负，场强方向没有改变。故A错误，B正确；C.由图看出Ox2间，电势逐渐降低，负电荷在高电势处电势能小，故负电荷从O点运动到x2点，电势能逐渐升高。故C错误；D.从O点静止释放一仅受电场力作用的正电荷，受到的电场力方向与速度方向相同，做加速运动，即该电荷在Ox2间一直做加速运动，但电场强度先增大后减小，所以加速先增大后减小，所以不是匀加速运动。故D错误；3、D【解析】由题意，通电导线放入磁场中所受安培力最大，说明导线与

13、磁场垂直，则有F=BIL得：； 磁感应强度是由磁场本身决定的，与是否有电流无关，故将该通电导线从磁场撤走，则P处磁感应强度保持不变故D正确故选D【点睛】解决本题关键要知道当通电导线垂直放入磁场中时，所受的安培力最大，掌握安培力公式F=BIL，并知道安培力与磁感应强度垂直4、D【解析】A电动势瞬时值随时间变化的规律为e20sinl00tV，所以周期所以该线框转动的频率是50Hz，故A错误；B该线框产生的交变电动势最大值是20V，故B错误；Ct=0.005s时刻，e20V，感应电动势最大，线框平面与中性面垂直，故C错误；Dt=0.05s时刻，e=0，穿过线圈的磁通量变化率为0，此时磁通量最大，故D

14、正确。5、D【解析】将线框平面与磁场平行放置时，没有磁感穿过线框，故磁通量为零A4，与结论不相符，选项A错误；B2，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D0，与结论相符，选项D正确；6、B【解析】开始时开关闭合，故两板间的电压为9V；将金属板间的金属板抽出后，板间距离变成原来的2倍；则由C= 可知，电容C变成原来的一半；则由U=Q/C可知，U变成18V；故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由U=Ed可求得场强E，C点的电势等于C与

15、A板的电势差，由U=Ed求解C点的电势；由Ep=qC可求得电子在C点具有的电势能【详解】A、B、AB间有匀强电场，场强为,AC间的电势差为 UAC=Ed1=50000.04V=200V，因A带正电且电势为零，C点电势低于A点的电势，故C=-UAC=-200V，故A错误，B正确；C、D、电子在C点具有的电势能EP=C(-e)=200eV；故C错误，D正确；故选BD.【点睛】在研究电场中电势时一定要注意各个量的正负，明确各点间电势的高低，注意电势的符号8、CD【解析】由库仑定律列出接触前的库仑力表达式；根据电荷守恒定律可得出接触后两球的电荷量，再由库仑定律列出库仑力表达式，即可求得两力的关系。【详

16、解】由库仑定律可得：两球接触前的库仑力F=k3Q7Qr2=k21Q2r2当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量q=3Q+7Q2=5Q 两球接触后的库仑力F=k25Q2r2=2521F 当两球带异种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量q=7Q-3Q2=2Q两球接触后的库仑力F=k4Q2r2=421F故应选CD。【点睛】两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；库仑定律计算中可以只代入电量，最后再根据电性判断库仑力的方向。9、BC【解析】AB闭合开关的瞬间，由于二极管具有单向导电性，所以无电流通过L2，由于线圈中自感电动势的阻碍，L1灯逐渐亮，L1与L3串联，所以

17、闭合开关S的瞬间，只有灯泡L3也逐渐变亮。故A错误，B正确。CD由于二极管具有单向导电性，电路稳定后也无电流通过L2，L2不亮；在电路稳定后，断开开关S的瞬间，L由于产生自感电动势，相对于电源，灯泡L1、L2串联，所以L1逐渐熄灭，L2突然变亮，然后逐渐变暗至熄灭。同时L3立即熄灭。故C正确，D错误。10、CD【解析】电动机M与电炉L串联，电流相等，根据焦耳定律分析放出的热量关系电炉L是纯电阻电路，电动机是非纯电阻电路，根据欧姆定律分析L的电压与电流的关系，判断电动机两端电压的关系根据能量守恒定律分析消耗的功率关系。【详解】A项：电动机与电炉串联，所以两者电流相等，故A错误；B项：电动机M与电

18、炉L串联，电流相等，电阻相等，根据焦耳定律P=I2R可知，电动机的发热功率等于电炉的发热功率，故B错误；C项：设电动机M线圈电阻与电炉L的电阻均为R，电路中电流为I，根据欧姆定律得：电炉两端的电压UL=IR，电动机是非纯电阻电路，其电压UMIR，则有UMUL，所以电炉两端电压小于电动机两端电压，故C正确；D项：电动机消耗的功率PM=UMI，电炉消耗的功率PL=ULI，UMUL，则PMUL，即电动机的总功率大于电炉的总功率，故D正确。故应选：CD。【点睛】本题中电炉是纯电阻电路，电动机是非纯电阻电路，两个电路焦耳定律都适用，但欧姆定律只适用于电炉，不适用于电动机。三、实验题：本题共2小题，共18

19、分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)0.360； (2)如图； (4) kUS； 【解析】（1）金属丝的直径为：0.01mm36.0=0.360mm；（2）实物连线如图：（4）由闭合电路的欧姆定律：U=I(Rx+R0)，而；联立解得：，则，解得.12、49.10 4.702 【解析】（1）由图中所示游标卡尺可知，其主尺示数为，游标尺示数为，游标卡尺示数为；由图中所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为4.5mm，可动刻度示数为，螺旋测微器所示为 （2）小灯泡两端的电压要从零开变化并能进行多次测量，则滑动变阻器应采用分压式接法，电流表采用外接法，电路图如图所示四、计算题：本题共2小