2023学年安徽省安庆一中物理高二第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列关于元电荷的说法中错误的是（）A元电荷实质上是指电子本身B所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C元电荷e的值最早是由美国物理学家密立根通过实验测定的D元电荷的值

2、通常取e=1.6010-19C2、我国北京正负电子对撞机的储存环是周长为240 m的近似圆形轨道，电子电荷量e=1.61019 C，在整个环中运行的电子数目为51011个，设电子的速度是3107 m/s，则环中的电流是（ ）A10 mAB1 mAC0.1 mAD0.01 mA3、下列说法中正确的是( )A由知，一段导体的电阻与它两端的电压成正比，与通过它的电流强度成反比B由知，通过一段导体的电流强度与加在它两端的电压成正比C比较几只电阻的I-U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的电阻阻值较大D导体中的电流越大，电阻就越小4、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0 V，内阻不计，L1、L2

3、为相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为7.5 。当开关S闭合后( ) AL1的电阻为112BL1消耗的电功率为7.5 WCL2的电阻为7.5 DL2消耗的电功率为0.375 W5、如（a）图所示的两平行金属板P、Q加上（b）图所示电压，t=0时，Q板电势比P高5V，在板正中央M点放一电子，初速度为零，电子只受电场力而运动，且不会碰到金属板，则这个电子处于M点右侧，速度向右，且速度逐渐减小的时间段是（ ）ABCD6、两个点电荷，相距为r，相互作用力的大小为F，现将它们放到相距为3r处，则它们之间的相互作用力变为：（ ）AB9FC3FD二、多项选择题：本题共4

4、小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用伏安法测电阻时，电流表外接电路和电流表内接电路的误差来源是（ ）A外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值小于真实值B外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值大于真实值C内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值D内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值大于真实值8、如图所示的电路中，电源的电动势 E 和内阻 r 一定，A、B 为平行板电容器的 两块正对金属板，R1 为光敏电阻（光照增强，电阻减小）当 R2 的滑动触头 P

5、 在 a 端时，闭合开关 S，此时电流表 A 和电压表 V 的示数分别为 I 和 U.以下说法 正确的是A若将 R2 的滑动触头 P 向 b 端移动，则 A、B 两板间电场强度将不变B若仅增大 A、B 板间距离，则 A、B 两板间电场强度将不变C若仅用更强的光照射 R1，则 I 增大，U 增大，电容器 所带电荷量增加D若用更强的光照射 R1，则 U 变化量的绝对值与 I 变 化量的绝对值的比值不变9、如图电路中,电源内阻不计,三个小灯泡完全相同且外电路变化时每个灯泡两端的电压都不会超其额定电压,开始时只有S1闭合.当S2也闭合后,下列说法正确的是A灯泡L1变暗B灯泡L2变暗C电容器C的带电荷量

6、将增大D电路中总电流增大10、如图所示，一带电油滴悬浮在平行板电容器两极板AB之间的P点，处于静止状态现将极板A向下平移一小段距离，但仍在P点上方，其它条件不变下列说法中正确的是（ ）A液滴将向下运动B液滴将向上运动C极板带电荷量将增加D极板带电荷量将减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）下图为研究电磁感应现象的实验装置，部分导线已连接 （1）用笔画线代替导线将图中未完成的电路连接好_（2）在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么合上电键后可能出现的情况有：将原线圈迅速插入副线圈时，灵敏电流计指针将_（选填“向右偏”、

7、“向左偏”或“不偏转”） 原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向右拉时，灵敏电流计指针将_（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”） ；断开电键时，灵敏电流计指针将_（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）12（12分）（1）在实验室做力学实验时会经常用到重物，请为下列实验从图中选择最合适的“重物”（填“A”、“B”或“C”）“探究加速度与力、质量的关系”实验中驱动小车的重物是_ 用自由落体运动“验证机械能守恒定律”中的重物是 _ （2）按课本方案进行实验，每一次必须从同一位置静止释放的是（_） A探究求合力的方法B探究速度随时间变化的规律C用小球等器材探究平抛运动的规律D用橡皮筋等器材

8、探究物体做功与速度变化之间的关系（3）某一实验中物体做匀加速直线运动时打出一条纸带，其局部放大图如图所示，每两个计数点之间还有四个点未画出，则纸带上打下计数点D时，物体运动的瞬时速度大小为_ m/s（保留二位小数）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，是一种测量电源电动势和内阻的电路。已知，当开关扳到1位置时，电压表读数为1.0V；当电键扳到2位置时，电压表读数为2.0V，求：(1)电源电动势E；(2)电源的内阻r。14（16分）水平放置的圆盘绕竖直轴匀速转动，盘转动时边缘挡光片从光电数字计时器的光

9、电门的狭缝中经过，如图1，图2所示。A光源射出的光可照射到B的接收器上，若A、B间的光路被遮断，显示器C上可显示出光线被遮住的时间。圆盘直径，距转轴处有一质量为的零件随盘一起运动，已知挡光片的宽度，光电数字计时器所显示的时间为（），求：(1)圆盘转动的角速度；(2)零件受到的摩擦力。15（12分）真空中有一电场，在电场中的P点放一电荷量为q1=4109C的检验电荷，它受到的电场力为F1=2105N，则（1）P点的场强E为多少？（2）把检验电荷的电荷量减小为q2=2109C，则检验电荷所受到的电场力F2为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，

10、只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷解：A、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，不是电子或质子本身，故A错误B、所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故B正确；C、元电荷e的值最早是由美国物理学家密立根通过实验测定的，故C正确；D、元电荷的数值为e=1.601019C，故D正确；本题选择错误的，故选A【点评】元电荷是带电量的最小值，它不是电荷，只是等于质子或电子的带电量；明确所有带电体所带电量均是元电荷的整数倍2、A【解析】51011个电子的总电荷量为q

11、=510111.610-19C=810-8C，电子运动的周期为 ，则环中电流为 故选A.3、B【解析】A导体的电阻与它两端的电压和通过它的电流强度无关，选项A错误；B由知，通过一段导体的电流强度与加在它两端的电压成正比，选项B正确；C比较几只电阻的I-U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的电阻阻值较小，选项C错误；D导体的电阻由导体本身决定，与导体中的电流无关，选项D错误；故选B。4、C【解析】电源电动势为3.0V，内阻不计，路端电压为3VL1和两端的电压为3V，由图可知，此时的电流为0.25A，所以电阻值：R1UI3.00.2512，故A错误。 由伏安特性曲线可以读出L1两端的电压为3V

12、，由图可知，此时的电流为0.25A，L1消耗的电功率为：P=UI=3.00.25=0.75W，故B错误。在乙图上做出电阻R的伏安特性曲线如图，由于R与L2串联，所以二者的电流值是相等的，由图可以读出，此时二者的电压都是1.5V时，二者电压的和等于3.0V，此时的电流值是0.2A所以R2=1.50.2=7.5，故C正确；L2消耗的电功率为：P=UI=1.50.2=0.3W，故D错误。故选C。【点睛】在分析电阻的I-U与U-I图线问题时，关键是搞清图象斜率的物理意义，也就是说是K=1/R，还是K=R对于线性元件，R=U/IU/I，但对于非线性元件，RU/I5、B【解析】A在0t210-10s时间内

13、，Q板比P板电势高5V，所以电场方向水平向左，电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子从M点向右做匀加速直线运动；故A错误.B在210-10st410-10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，当t=410-10s时速度为零，此时电子在M点的右侧；故B正确.C在410-10st610-10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动；故C错误.D在610-10st810-10s时间内，Q板比P板电势高5V，电场

14、强度方向水平向左，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀减速直线运动，到810-10s时刻速度为零，恰好又回到M点故D错误.6、D【解析】由库仑定律可得，相距为r时，相距为3r时，A与分析不符，故A错误；B9F与分析不符，故B错误；C3F与分析不符，故C错误；D与分析相符，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】电流表内接法测量未知电阻阻值时，误差来源于电流表内阻的分压，电压表测量的电压大于待测电阻两端实际电压，测量值大于真实

15、值；电流表外接法测量未知电阻阻值时，误差来源于电压表内阻的分流，电流表测量的电流大于待测电阻实际电流，测量值小于真实值，故AD正确故选AD8、AD【解析】A. 滑动变阻器处于含电容支路中，相当于导线，所以移动滑动触头，电容器两端电压不变，电场强度不变，故A正确。B. 若仅增大A、B板间距离，板间电压不变， ，场强变小，故B错误。C. 若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，内电压和R3的电压均增大，则电容器板间电压减小，电容不变，由电容的定义式分析可知电容器所带电荷量减少，故C错误。D. 若仅用更强的光线照射R1，R1的阻值变小，总电阻减小，I增大，根据闭合电路欧姆定律得

16、U=E-Ir可得：不变，故D正确。9、BD【解析】分析清楚电路结构，判断S2闭合后电路总电阻如何变化，由闭合电路的欧姆定律判断电路电流如何变化，由功率公式判断灯泡实际功率如何变化；由欧姆定律判断出电容器两端电压如何变化，然后判断电容器电荷量如何变化；【详解】A、S2闭合前，灯泡L3与电容器相串联，则不亮，当S2也闭合后，L2与L3并联，然后与L1串联，由于并联电阻小于L2的电阻，所以总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流变I大，灯泡L1的实际功率变大，灯L1变亮，故A错误，D正确；B、电路电流变I大，L1两端的电压增大，所以L2两端的电压减小，则灯泡L2的实际功率变小，灯泡L2变暗，故B

17、正确；C、S2闭合前电容器两端电压等于电源电动势，S2闭合后电容器两端电压等于L1两端电压，电压变小，由Q=CU可知电容器所带电荷量减小，故C错误；故选BD10、BC【解析】AB只要电容器的两个极板始终与电源连接，电容器两端的电压不变，由E=U/d可知当极板A向下平移一小段距离后，场强增大，向上的电场力增大，液滴向上运动，B对；CD由电容公式可知d减小，电容增大，由Q=CU可知极板带电量增大，C对；D错。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）见解析 （2）向右偏 向左偏 向左偏 【解析】（1）将电源、电键、变阻器、原线圈串

18、联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，再将电流计与副线圈串联成另一个回路，电路图如图所示在闭合电键时，穿过线圈的磁通量增大，灵敏电流计的指针向右偏转；将原线圈迅速插入副线圈时，穿过线圈的磁通量增加，灵敏电流计指针将向右偏原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器触头迅速向右拉时，线圈中的电流减小，穿过线圈的磁通量减小，灵敏电流计指针将向左偏断开电键时，线圈中的电流减小，穿过线圈的磁通量减小，灵敏电流计指针将左偏.12、C A CD 0.38 【解析】由题意可知考查“探究加速度与力、质量的关系”， 用自由落体运动“验证机械能守恒定律”，匀加速直线运动三个实验的实验原理、器材选择及数据处理，据此分析计算可得。【详解】1“探究加速度与力、质量的关系”实验中驱动小车的重物需要知道重物的具体质量，且要求重物质量远小于小车质量，所以需要用砝码，故选择C；2 用自由落体运动“验证机械能守恒定律”中的重物需要选择一个密度较大，重力较大的重锤，这样可以减小空气阻力的影响。(2) 3 A探究求合力的方法，验证同一效果时，要求第一次用两个弹簧测力计拉动小