2023学年安徽省黄山市物理高二上期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在家里使用电热水壶时，会发现电灯会变暗，这是因为（ ）A电热水壶使电路总电流变小B电热水壶上的电压大于电灯上的电压C电路总电流不变，而电灯电流减小D干线上电流增大，导致干路导线上的

2、电压增大，从而使电灯两端电压减小2、用伏安法测电阻R，按（甲）图测得的结果为R1，按（乙）图测得的结果为R2，若电阻的真实值为RZ，则下列关系正确的是AR1 RZ R2BR1 RZ R1，RZ R2DR1 = RZ = R23、已知通电长直导线周围某点的磁感应强度，即磁感应强度B与导线中的电流I成正比，与该点到导线的距离r成反比如图所示两根平行长直导线相距为R，通以大小、方向均相同的电流，规定磁场方向垂直纸面向外为正，则在OR区间内磁感应强度B随r变化的图线可能是（）ABCD4、某静电场方向平行于x轴，其电势随x的变化规律如图所示设x轴正方向为电场强度E的正方向，下图分别表示x轴上各点的电场强

3、度E随x的变化图象，其中可能正确的是ABCD5、关于电源的电动势，下列说法中正确的是（）A电源电动势的大小，等于非静电力在电源内部把正电荷从负极送到正极所做的功的大小B电动势公式中与电压中的是一样的，都是电场力做的功C电源不接入电路时，电源两极间的电压大小等于电动势D电源的电动势越大，电源所能提供的电能就越多6、在“研究电荷间作用力大小影响因素”的实验中，将一带电轻质小球挂在铁架台上，小球静止时丝线与竖直方向的夹角如图所示现增大小球的电荷量后仍挂在原处，丝线与竖直方向的夹角将()A增大B减小C不变D先减小再增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个

4、选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中,电源内阻一定,电压表和电流表均为理想电表。现使滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离,测得电压表V1的示数变化大小为U1,电压表V2的示数变化大小为U2,电流表A的示数变化大小为I,对于此过程下列说法正确的是()AU1I为一定值B路端电压的增加量等于U2CR0两端的电压的变化量大小等于U2-U1D通过电阻R1的电流变化量大小等于U1R18、如图所示，通电直导线与矩形金属线框位于同一平面内，导线中的电流方向如图所示若导线中的电流增大，下列说法正确的是：（ ）A穿过线框的磁通量始终为零B边受到的安培力方向

5、向右C边感应电流的方向为D金属线框受到的安培力方向向右9、2018年我国即将发射“嫦娥四号”登月探测器，将首次造访月球背面，首次实现对地对月球中继通信，若“嫦娥四号”从距月面高度为100km的环月圆轨道I上的P点实施变轨，进入近月点为15km的椭圆轨道II，由近月点Q登月，如图所示，关于“嫦娥四号”，下列说法正确的是：（ ）A沿轨道I运动至P时，需制动减速才能进入轨道IIB沿轨道II运行的周期大于沿轨道I运行的周期C在轨道I，II上的P点的加速度相等D沿轨道II运行时，在P点的速度大于在Q点的速度10、如图所示，一正方形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO匀速转动，沿着OO方向观

6、察，线圈沿逆时针方向转动。已知匀强磁场的磁感应强度为B，线圈匝数为n，边长为l，电阻为R，转动的角速度为。则当线圈转至图示位置时（ ）A线圈中感应电流的方向为abcdaB线圈中的感应电流为C穿过线圈的磁通量为0D穿过某匝线圈磁通量的变化率为Bl2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“探究决定导线电阻的因素”实验中，所用测量仪器均已校准(1)如图所示，螺旋测微器的读数为_ mm；游标卡尺的读数为_ mm。(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx.实验所用器材为：电池组(电动势3 V，内阻约1 )、电流表(内阻约0.1 )、电压表(内阻约3

7、 k)、滑动变阻器R(020 ，额定电流2 A)、开关、导线若干某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知，他们测量Rx的电路是采用下图中的_图(选填“甲”或“乙”)(3)图丙是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端请根据(2)所选的电路图，补充完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏_(4)这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐

8、标系，如图丁所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出UI图线由图线得到金属丝的阻值Rx_ (保留两位有效数字)(5)任何实验测量都存在误差本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是_A用仪器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于系统误差B由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差D用UI图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差12（12分）物理课上同学们通过实验“研究平抛运动”。（1）甲组同学利用图所示的实验装置，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。以下

9、是实验过程中的一些做法，其中合理的有_。A斜槽轨道必须光滑B安装斜槽轨道，使其末端保持水平C每次小球应从同一位置由静止释放D为描出小球的运动轨迹，描绘的点要用平滑的曲线连接起来（2）实验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图中y-x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是_。A B C D （3）验证轨迹是符合y=ax2的抛物线后，根据图中y-x图象M点的坐标值，可以求出a=_m-1，小球平抛运动的初速度v0=_m/s。（重力加速度取g=10m/s2）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必

10、要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，光滑半圆形轨道处于竖直平面内，半圆形轨道与光滑的水平地面相切于半圆的端点A一质量为m的小球在水平地面上C点受水平向左的恒力F由静止开始运动，当运动到A点时撤去恒力F，小球沿竖直半圆形轨道运动到轨道最高点B点，最后又落在水平地面上的D点（图中未画出）已知A、C间的距离为L，重力加速度为g（1）若轨道半径为R，求小球到达半圆形轨道B点时对轨道的压力FN；（2）为使小球能运动到轨道最高点B，求轨道半径的最大值Rm；（3）当轨道半径时，小球在水平地面上的落点D到A点距离是多少？14（16分）如图所示，光滑水平地面上静止着质量都为m的物体B和物体C，质

11、量为M的物体A以初速度向右匀速运动，已知M=2m，物体A和物体B发生弹性碰撞，碰撞后运动一段时间物体B和物体C发生碰撞，粘在一起向右运动，求：（1）最终物体A的速度大小；（2）最终物体B和物体C一起运动的速度大小。15（12分）如图所示，一颗卫星在近地轨道1上绕地球做匀速圆周运动，轨道1的半径可近似等于地球半径，卫星运动到轨道1上A点时进行变轨，进入椭圆轨道2，其远地点B离地面的距离为地球半径的2倍，已知地球的密度为，引力常量为G，求：（1）卫星在轨道1上做圆周运动的周期；（2）卫星在轨道2上从A点运动到B点所用的时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四

12、个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】可画出线路图如图所示，R表示干路等效电阻。S闭合时，在使用电热水壶时，因为是并联电路，则并联支路的电阻减小，整个电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，干路中的总电流变大，导致干路导线上R的电压增大，从而使并联支路的电压减小，即电灯两端电压减小，电灯会变暗，故选项D正确，ABC错误；故选D.【点睛】本题考查了串联电路和并联电路的特点，以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道串联电路电阻的分压特点，并用来进行动态变化分析2、A【解析】分析电路图,根据电表测量值与真实值间的关系,应用欧姆定律分析电阻测量值与真实值间的关系,然后答题【详解】图甲所示电路是

13、电流表的内接法,电流的测量值等于真实值,因为电流表的分压作用,电压的测量值大于真实值,即所测电流I是真实的,所测电压U偏大,电阻测量值大于真实值R,图乙所示电路是电流表的外接法,电压的测量值等于真实值,因为电压表的分流作用,电流的测量值大于真实值,即所测电压U是真实的,所测电流I偏大,电阻测量值小于真实值R，综合分析可以知道R1 RZ R2，故A对；BCD错；故选A【点睛】3、A【解析】试题分析：根据右手螺旋定则可得左边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向外，右边通电导线在两根导线之间的磁场方向垂直纸面向里，离导线越远磁场越弱，在两根导线中间位置磁场为零由于规定B的正方向即为垂直纸面向外

14、，所以A正确，BCD错误；故选A考点：右手螺旋定则4、B【解析】图象的斜率表示电场强度，沿电场方向电势降低，因而在x=0的左侧，电场向左，因而在x=0的右侧，电场向右，且为匀强电场，故选B5、C【解析】A电源电动势的大小，等于非静电力在电源内部把单位正电荷从负极送到正极所做的功的大小，选项A错误；B电动势公式中与电压中的是不一样的，前者是非静电力做功，后者是电场力做的功，选项B错误；C电源不接入电路时，电源两极间的电压大小等于电动势，选项C正确；D电动势越大，电源将单位正电荷负极移到正极提供的电能越多，故D错误。故选C。6、A【解析】由题意可知，当增大小球的电荷量时，根据库仑定律，则库仑力增大

15、，由平衡条件，则有：，因此丝线与竖直方向的夹角增大，故A正确，BCD错误故选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A、根据电路结构可知：V1测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律可知：U1I=r故A对；B、滑动变阻器R滑片向左滑动一小段距离，电阻变大，回路电流变小，路端电压增大，即R0 与滑动变阻器的电压增大，但电阻R0上的电压是减小的，所以U2与U1不相等，故B错；C、路端电压即为R0 与滑动变阻器的电压之和，所以R0两端的电压的变化量大小等于U2-U1，

16、故C对；D、R1两端的电压即为路端电压，路端电压的变化引起了电阻R1上电流的变化，所以通过电阻R1的电流变化量大小等于U1R1，故D对；故选ACD【点睛】根据滑动变阻器的移动明确电阻的变化,由闭合电路欧姆定律可以知道电路电流的变化,则可分析内电压、路端电压及各部分电压的变化8、BD【解析】根据右手螺旋定则可判断出，该直导线MN在其右侧产生的磁场方向垂直于纸面向里，导线电流增大，原磁场磁感应强度增强，穿过线框的磁通量增大，故A错误；框中磁通量增大，感应电流产生的磁场阻碍原磁场磁通量的变化，感应磁场方向为垂直纸面向外，根据右手螺旋定则，线框中感应电流方向为逆时针，即abcd；由左手定则可判断出线框

17、ab边在原磁场中受到的安培力方向向右，故B正确，C错误；由左手定则可知，ab边受安培力向右，cd边向左，ad边和bc边抵消，而ab边向右的安培力大于cd边向左的安培力，则金属线框受到的安培力方向向右，故D正确；故选BD.9、AC【解析】卫星在轨道I上做圆周运动，只有通过减速使圆周运动所需向心力减小，做近心运动来减小轨道高度，A错误；根据开普勒行星运动定律知，在轨道I上运动时的半长轴大于在轨道II上运行时的半长轴，故在轨道I上运行的周期要大，B错误；由图可知，P点为远地点，离地球远，其受到的向心力小，故沿轨道运行时，在P点的加速度小于在Q点的加速度，C错误；在轨道上由P点运行到Q点的过程中，万有

18、引力对其做正功，它的动能增加，重力势能减小，由于只有重力做功，故机械能不变，D正确【点睛】本题要注意：由高轨道变轨到低轨道需要减速，而由低轨道变轨到高轨道需要加速，这一点在解决变轨问题时要经常用到，一定要注意掌握卫星运行时只有万有引力做功，机械能守恒10、BCD【解析】A图示时刻，ad速度方向向里，bc速度方向向外，根据右手定则判断出ad中感应电流方向为ad，bc中电流方向为cb，线圈中感应电流的方向为adcba。故A错误。B线圈中的感应电动势为E=nBS=nBl2线圈中的感应电流为故B正确.CD图示时刻ad、bc两边垂直切割磁感线，穿过线圈磁通量为0，由法拉第电磁感应定律分析得知，磁通量的变

19、化率最大，穿过线圈磁通量的变化率为Bl2故CD正确.故选BCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、6.119mm 50.90mm 甲 AC 【解析】1由图可知螺旋测微器可知，固定刻度示数为6mm，可动刻度示数为：11.90.01mm=0.119mm，螺旋测微器示数为：6mm+0.119mm=6.119mm；2游标卡尺主尺的读数为50mm，游标尺的读数为：180.05mm=0.90mm，所以游标尺的读数为：50 mm+0.90mm=50.90mm；3由表中实验数据可知，电压与电流的第一个测量值很小，接近于零，滑动变阻器用分流接法电压与电流不能达到这么小的数值，因此滑动变阻器应采用分压接法，因此需要选择图甲所示电路。4 根据给出的电路图可得出对应实物图如图所示；5 根据描出的点，作出图象，如图所示由图线得到金属丝的阻值6 A.用螺旋测微器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于偶然误差，故A正确；B.由于电流表和电压表内阻引起的误差属于系统误差，故B错误；C.若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差，故C正确；D.用UI图象处理数据求金属丝电阻可以消除系统误差，故D错误；12、BCD A 10 0.71 【解析】（1）