2023学年湖南省长沙市湖南师范大学附属中学物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、阅读下列材料，完成下面小题，解答时不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2, 小明第一次下落过程中做自由落体运动位移的大小约为A30 mB40mC60 mD70 m2

2、、在重复奥斯特的电流磁效应实验时，下列操作中现象最明显的是（ ）A沿导线方向放置磁针，使磁针在导线的延长线上B沿导线方向放置磁针，使磁针在导线的正下方C导线沿南北方向放置在磁针的正上方D导线沿东西方向放置在磁针的正上方3、关于两等量异种点电荷在其连线中点的电场强度和电势，下列说法中正确的是（ ）A电场强度为零，电势不为零B电场强度不为零，电势为零C电场强度不为零，电势也不为零D电场强度为零，电势也为零4、家用的一台34寸彩色电视机的待机状态大约是10瓦，假如我家电视机平均每天（24小时)开机4小时，看完电视后总是用遥控器关机而不切断电源，则A我家平均每天中因这台电视机待机浪费的电能才0.2 k

3、Wh是微乎其微的，没必要切断电源B我家一年(365天)中因此电视机待机浪费的电能有73kWh，这是一种浪费电能现象C在家不看电视时，切断电源；在学校教室里看完电视时，没必要切断电源D现在的电费每1 kWh只需0.6元钱，这样待机一年还不到50元钱，纯属多虑5、在如图所示的匀强磁场中,已经标出了电流I和磁场B以及磁场对电流作用力F三者的方向,其中错误的是（ ）6、如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路，以下分析正确的是（ ）A此接法要求待测电阻阻值小于电流表内阻B此接法的测量值大于真实值C开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最左端D此接法由于电流表的分压，电压表测量值偏小了二、多项选择题：本题共4小

4、题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一充电后的平行板电容器保持两极板的正对面积、电荷量和中间的电介质不变，将两极板间的距离变小，其电容C、极板间匀强电场的场强E及两板间电势差U的变化情况是AC增大、E不变BC增大、U增大CU减小、E不变DC减小、U减小8、如图所示，圆圈中的“”表示电流方向垂直纸面向里，圆圈中的“”表示电流方向垂直纸面向外两根通电长直导线a、b平行水平放置，a、b中的电流强度均为I，此时a受到的磁场力大小为F当在a、b的上方再放置一根与a、b平行的通电长直导线c后，a受到的磁场

5、力大小仍为F，图中abc正好构成一个等边三角形，则此时（ ）Ab受到的磁场力大小为FBb受到的磁场力大小为Cc受到的磁场力大小为FDc受到的磁场力大小为9、如图所示，是一独立正点荷形成电场中的一条电场线，线段AB=BC，则A电场强度比较是EAEBB电势比较是ABC电势差比较是UABUBCD检验电荷沿AC方向移动电场力不做功10、示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示。如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A极板X应带正电B极板X应带正电C极板Y应带正电D极板Y应带正电三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1

6、1（6分）图a是多用电表的示意图，小明用多用电表“10”倍率的欧姆档测量一只电阻的阻值，发现指针偏转角太大，为了测量结果比较精确，请你补充完整依次进行的主要操作步骤：（1）应选用_（选填“1”或“100”）倍率的欧姆档；（2）两表笔短接，调节_，使指针指在0处；（3）重新测量并读数，若这时刻度盘上的指针位置如图b所示，测量结果是_12（12分）在“测定金属丝的电阻率”的实验中，待测电阻丝的电阻约为6 。某同学进行了如下测量：（1）用毫米刻度尺测量接入电路中的被测金属丝的有效长度。测量3次，求出其平均值l.其中一次测量结果如图甲所示，金属丝的另一端与刻度尺的零刻线对齐，图中读数为_cm.用螺旋测

7、微器测量金属丝的直径，选不同的位置测量3次，求出其平均值D。其中一次测量结果如图乙所示，图中读数为_mm。（2）在用电压表和电流表测金属丝的电阻时，提供下列供选择的器材：A直流电源(电动势约为4.5 V，内阻很小)B电压表(量程3 V，内阻约3 k)C电流表(量程0.6 A，内阻约2 )D滑动变阻器(阻值范围015 ，最大允许电流1 A)E开关、导线若干（3）根据上面选择的器材，在图中-完成实验电路的连接完整_。（4）采用如图所示的电路测量金属丝的电阻。测得金属丝两端的电压为U，通过金属丝的电流为I。则电阻的测量值比真实值_(选填“偏大”或“偏小”)。最后由公式_计算出金属丝的电阻率(用物理量

8、表示)。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，极板A、B、K、P连入电路，极板P、K，A、B之间分别形成电场，已知电源的路端电压恒为U=200V，电阻，A、B两极板长，距离A、B板右端处有一与AB板垂直的屏。大量电子由静止持续从极板K中心经 P、K间电场加速后，沿A、B中线进入电场中发生偏转，A、B板间的距离为。（极板间电场可视为匀强电场且不考虑极板边缘效应，不计电子重力，不考虑电子间作用力）求：（1）极板P、K之间电压，A、B之间电压；（2）电子离开偏转极板A、B时距中线的偏移量；（3）若可在范围

9、内变化，求电子打到右侧屏上的长度。14（16分）如图所示，粗糙水平轨道与半径为R的竖直光滑半圆轨道在B点平滑连接，在过圆心O的水平界面M的下方分布有水平向右的匀强电场，场强E=2mgq，现有一质量为m、电量为+q的小球(可视为质点)从水平轨道上A点由静止释放,小球运动到C点离开圆轨道后经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方).已知A、B间距离为2R,重力加速度为g,求：(1)小球在C处的速度大小；(2)小球从A运动到B克服阻力所做的功；(3)球从A运动到C的过程中对轨道压力的最大值。15（12分）如图所示，匀强电场的电场强为40 N/C，在同一条电场线上有A、B两点，把质量为210

10、-9 kg，带电荷量210-9 C的微粒从A点移到B点，电场力做了210-7 J的正功.求：（1）A、B两点间的电势差UAB？（2）A、B两点间距离是多少？（3）若微粒在A点具有与电场线同向的速度为10 m/s，在只有电场力作用的情况下，求经过B点的速度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】绳子长度为30m内，小明在下降30m内，仅受重力，做自由落体运动，可知小明自由落体运动的位移为30m故选A2、C【解析】由于无通电导线时，小磁针极向南，极指北，位于南北方向，若导线的磁场仍使小磁针南北偏转，根本无法观察

11、，所以为使实验方便效果明显，导线应平行于南北方向位于小磁针上方，这样当导线中通电时，小磁针能向东西偏转，实验效果比较明显，故C正确，A、B、D错误；故选C。3、B【解析】根据两个等量异种点电荷的电场线图可知，其连线中点的电场强度不为零；由于两个等量异种点电荷连线的中垂线为等势面，一直通到无穷远，两个等量异种点电荷，故连线中点的电势也为零。A电场强度为零，电势不为零，与结论不相符，选项A错误；B电场强度不为零，电势为零，与结论相符，选项B正确；C电场强度不为零，电势也不为零，与结论不相符，选项C错误；D电场强度为零，电势也为零，与结论不相符，选项D错误；故选B.4、B【解析】每天中因这台电视机待

12、机浪费的电能201010-3kWh=0.2 kWh，则一年(365天)中因此电视机待机浪费的电能有0.2 kWh 365=73kWh，所以这是一种浪费电能现象，因此无论是在家还是在学校，看完电视后必须要切断电源，节约用电，故选项B正确，ACD错误。5、C【解析】试题分析：根据左手定则可知：ABCD三图中电流、磁场、安培力方向均和左手定则中要求方向一致，故正确；C图中电流和磁场方向一致，不受安培力，故C错误考点：考查了左手定则【名师点睛】安培定则、左手定则、右手定则等应用容易混淆，因此平时要加强训练，熟练应用这几种定则进行有关物理量的判断6、B【解析】此接法误差来源于电流表的分压，其分压越小越好

13、，故要求待测电阻远大于电流表的内阻故A错误；此接法电压表的示数包含了安培表的分压，故电压的测量值偏大，即电阻的测量值大于真实值，故B正确，D错误；开始实验要让电压由小变大，故应使滑动P处在最右端故C错误；故选B【点睛】电流表或电压表的测量值不是电阻的真实值是误差的来源，电流表的内接法：电压示数包括了电流表的分压，外接法：电流表的示数包括了电压表的分流，这是分析问题的关键二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】根据电容的决定式，分析可知，电容与板间距离成反比，当

14、把两金属板距离变小，电容C变大；由可知，Q不变时，U变小；据，和可得：E与d无关，所以板间场强E不变。AC增大、E不变，与结论相符，选项A正确；B C增大、U增大，与结论不相符，选项B错误；CU减小、E不变，与结论相符，选项C正确；DC减小、U减小，与结论不相符，选项D错误；8、BC【解析】加上导线c后，a受到的磁场力如图所示，a受到的合磁场力仍为F，则受到c给的磁场大小也为F，与b给的磁场力夹角为120，故合力为，因为abc正好构成一个等边三角形，所以c给b的磁场力大小为F，c受到的磁场力如图所示，根据平行四边形定则可得b受到的磁场力，根据牛顿第三定律可得，c受到的a、b给的磁场力如图所示，

15、根据平行四边形定则可得，BC正确9、AC【解析】试题分析：根据正点电荷电场线的分布规律可知，A点电场线较密集，则电场强度比较是EAEB，选项A正确；顺着电场线电势降低，故AB，选项B错误；因靠近A的一段电场线较密集，则根据U=Ed可知电势差比较是UABUBC，选项C正确；检验电荷沿AC方向移动由于受向左或向右的电场力作用，故电场力做功，选项D错误；故选AC.考点：电场线、电场强度、电势差.10、AC【解析】电子受力方向与电场方向相反，因电子向X方向偏转，电场方向为X到X，则X带正电，X带负电；同理电子向Y方向偏转，则可知Y带正电，Y带负电，故AC正确，BD错误。故选AC。三、实验题：本题共2小

16、题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 欧姆档调零旋钮 12 【解析】（1）用多用电表“”倍率的欧姆档测量电阻的阻值，指针偏转角太大，说明示数小了，要想使示数指在中值电阻附近，选用小倍率的，故选用“” 倍率的欧姆档；（2）调节欧姆档调零旋钮，使指针指在处；（3）读数为12、24.14 0.700 偏小 【解析】（1）1毫米刻度尺读数要估读到0.1mm，故读数为241.4mm=24.14cm；2螺旋测微器固定刻度读数为0；半刻度读数0.5mm；可动刻度读数20.00.01mm=0.200mm，故金属丝的直径为0.700mm；（3）3因，则采用安培表外接，滑动变阻

17、器用限流接法，连接实物连线图，如图所示：（4）45由于采用了安培表外接法，电压表的分流作用会使电流测量值I偏大，而电压测量值U准确，故根据欧姆定律R=U/I，电阻测量值偏小；根据欧姆定律：；根据电阻定律：；其中：故 ；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、150V 200V 【解析】试题分析：（1）极板P、K之间电压即为两端电压，A、B之间电压即为电源的路端电压（2）电子在加速电场中做加速运动，进入偏转电场做类平抛运动，结合动能定理和类平抛运动的规律，即可求出侧位移（3）当在范围内变化，PK间的电压也在变化，从偏转电

18、场飞出去时侧位移也在变化，而侧位移的最大值为AB间距的一半，从而确定侧位移的范围，再根据几何关系求出打在屏上的侧位移范围，即可求出电子打到右侧屏上的长度.（1）由图分析，可知极板P、K之间电压即为两端电压，则有：A、B之间电压即为电源的路端电压，即（2）电子在极板KP之间做加速运动，由动能定理得：电子在极板AB之间做类平抛运动，则有：，联立得：代入数据得：（3）加速电场的电压为当在范围内变化，则的变化范围为：电子在KP间加速度运动，由动能定理得：电子在极板AB之间做类平抛运动，则有：，联立得：代入数据得y的变化范围为：因电子是从偏转电场的中间射入，故侧位移的最大值为即电子在从偏转电场出射的位移的范围为：设打在屏上的侧位移为Y，则由几何关系得：得：代入y的范围得：Y的范围为：故电子打到右侧屏上的长度为：14、 (1)2gR (2)3mgR (3)35mg 【解析】(1) 利用小球做平抛运动，据平抛运动水平方向的匀速和竖直方向的自由落体运动求解即可；(2) 从A到C利用动能定理求解即可；(3) 从小球受到重力和电场力的合力分析处小球在轨道上的最大压力，利用牛顿第二定律求解即可。【详解】(1) 小球离开C点做平抛运动，根据R=12gt2解得：t=2hg 则小球在C点的速度vC=2Rt 解得：vC=2gR；(2) AC过程，由动能定理得：Eq3R-mg2R-Wf=12mvC2