2023学年河南省鹤壁市高中 高二物理第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、著名物理学家弗曼曾设计过一个实验，如图所示.在一块绝缘板上中部安一个线圈，并接有电源，板的四周有许多带负电的小

2、球，整个装置支撑起来.忽略各处的摩擦，当电源接通的瞬间，下列关于圆盘的说法中正确的是（ ）A圆盘将逆时针转动B圆盘将顺时针转动C圆盘不会转动D无法确定圆盘是否会动2、光滑绝缘水平桌面上有两带电小球、，固定不动，质量为的只在库仑力作用下由静止开运动，已知初始时、间的距离为，的加速度为；经过一段时间后，的加速度变为、速度变为，此时、间的距离为（）A，此过程中电势能增加B，此过程中电势能增加C，此过程中电势能减少D，此过程中电势能减少3、如图所示，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从如图所示的位置匀速拉出匀强磁场若第一次用0.3 s时间拉出，外力所做的功为W1，通过导线截面的电荷量为q1；第二次用0

3、.9 s时间拉出，外力所做的功为W2，通过导线截面的电荷量为q2，则( )AW1W2，q1q2BW1W2，q1q2DW1W2，q1q24、如图所示，水平地面上的物体，质量为m，在斜向上的拉力F的作用下匀速运动物体与水平地面间的动摩擦因数为，重力加速度为g，则下列说法中正确的是A物体可能只受到三个力的作用B物体受到的摩擦力大小为mgC物体受到的摩擦力大小为Fcos D物体对水平地面的压力大于mg5、 “月亮在白莲花般的云朵里穿行”取的参考系是（ ）A月亮B云C地面D观察者6、打乒乓球时，球拍对乒乓球的作用力为FN，乒乓球对球拍的作用力为FN，则（ ）AFN大于FN BFN与FN方向相反CFN小于

4、FN DFN与FN方向相同二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列关于电源电动势的说法不正确的是 （ ）A在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做正功，电势能增加B对于给定的电源，移动正电荷的非静电力做功越多，电动势就越大C因为E=W非静电力/q，所以电动势和非静电力做功成正比，与电荷量成反比D电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极移送到正极的电荷量越多8、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，电容器的电容为C。闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示

5、数的变化量大小为U，电流表示数变化量的大小为I，在这个过程中，下列判断正确的是A电容器的带电量减少，减小量小于CUB电阻R1两端电压减小，减小量等于UC电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大D电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大9、如图所示，子弹质量小于木块，子弹水平射入放在光滑水平地面上静止的木块，子弹未穿透木块，此过程中木块动能增加了5J，那么此过程中系统产生的内能可能为（ ）A16JB11.2JC5.6JD3.4J10、如图所示，螺线管匝数n1 500匝，横截面积S20 cm2，螺线管导线电阻r1 ，电阻R4 ，磁感应强度B的B-t图象如图所示（以向右为正方向），下列说法正确的是(

6、 )A电阻R的电流方向是从A到CB感应电流的大小保持不变C电阻R的电压为6 VDC点的电势为4.8 V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为提高学生的动手操作能力，学校实验室对外开放。小明去实验室发现一段阻值大约为6 的电阻，他欲采用伏安法对其进行测定。实验室有以下器材可供他选择: （要求测量结果尽量准确）A电池组（3V，内阻约1）B电流表（03A，内阻约0.025）C电流表（00.6A，内阻约0.125 ）D电压表（03V，内阻约3 k）E.电压表（015V， 内阻约15 k）F.滑动变阻器（010，额定电流1 A）G.滑动变阻

7、器（01000，额定电流0.1 A）H.开关，导线若干实验时应选用的器材是_ （填写各器材的字母代号）。请在下面的虚线框中画出实验电路图。（_）小明选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理_上看，待测电阻测量值_实值（填“大于”或“小于”），原因是_。12（12分）某学习小组的同学拟探究小灯泡L的伏安特性曲线，可供选用的器材如下:小灯泡L，规格“4.0V，0.7A”；电流表A1，量程3A，内阻约为0.1；电流表A2，量程0.6A，内阻r2=0.2；电压表V，量程3V，内阻RV；标准电阻R1，阻值1；标准电阻R2，阻值3k；滑动变阻器R，阻值范围010；学生电源E，电动势6V，内阻不计；开关S

8、及导线若干.(1)甲同学设计了如图1所示的电路来进行测量，当通过L的电流为0.46A时，电压表的示数如图2所示，读出此时电压值为_V；(2)学习小组认为要想比较准确地描绘出L完整的伏安特性曲线，需要重新设计电路。请利用所供器材，在虚线框内画出实验电路图，并在图上标出所选器材代号_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电源电动势E10 V，内阻不计，两电容器 C1=C2=30F，电阻R1=4.0，R2=6.0，开关S是闭合的，求：（1）R1中电流I和C1两端的电压U1（2）断开S以后，求通过R1的电

9、量Q14（16分）把一个带电荷量为210-8 C的正点电荷从电场中的A点移到无限远处时，静电力做功810-6 J；若把该电荷从电场中的B点移到无限远处时，静电力做功210-6 J，取无限远处电势为零(1)求A点的电势(2)求A、B两点的电势差(3)若把电荷量q= -210-5 C的电荷由A点移到B点，静电力做的功为多少?15（12分）某水电站的水位落差为20 m，通过水轮机的流量为10 m/s，发电效率为20%水流通过水轮机时，使水轮机以的转速转动水轮机带动的线圈共1 000匝，线圈面积0.2 m，线圈置于磁感应强度为0.1 T的匀强磁场中，线圈电阻不计发电机先经过匝数比为1:10的升压变压器

10、后经输电线输送到远处，再由降压变压器降压后给用户供电若按最大功率供电时输电线路损耗的功率为发电机最大输出功率的2%，用户电压为220Vg取10N/kg，求：（1）输电线的总电阻；（2）降压变压器的匝数比参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】线圈接通电源瞬间，则变化的磁场产生变化的电场，从而导致带电小球受到电场力，使其转动接通电源瞬间圆板受到电场力作用而转动，由于金属小球带负电，再根据电磁场理论可知，变化的磁场会产生变化电场，因此向上磁场变大，则产生顺时针方向的电场，负电荷受到的电场力与电场方向相反，则有逆时

11、针方向的电场力，故圆盘将沿逆时针方向运动，A正确2、C【解析】B球仅在库仑力作用下，由静止开始运动，当间距为d时，B的加速度为a，则合力为F=ma且F与d的平方成反比；当B的加速度为，此时B球的合力为则两球间距为2d。A固定不动，B由静止在库仑力的作用下开始运动，当速度达到v时，过程中的动能增加了mv2则电势能减小了mv2；故C正确、ABD错误。故选C。3、C【解析】第一次用0.3s时间拉出，第二次用0.9s时间拉出，两次速度比为3:1，由E=BLv，两次感应电动势比为3:1，两次感应电流比为3:1，由于F安=BIL，两次安培力比为3:1，由于匀速拉出匀强磁场，所以外力比为3:1，根据功的定义

12、W=Fx，所以：W1:W2=3:1；根据电量，感应电流，感应电动势，得：所以：q1:q2=1:1，故W1W2，q1=q2。A. W1W2，q1q2。故A错误； B. W1W2，q1q2。故C正确；D. W1W2，q1q2。故D错误；4、C【解析】试题分析：由于物体做匀速直线运动，故物体受平衡力的作用；物体受重力、支持力、拉力和摩擦力四个力的作用，故选项A错误；由于拉力的方向是斜向上的，故物体对地面的压力小于重力，选项D错误；所以物体受到的摩擦力的大小小于mg，选项B错误；在水平方向上受平衡力，故摩擦力f=Fcos ，选项C正确考点：物体的受力平衡5、B【解析】“月亮在白莲花般的云朵里穿行”是月

13、亮相对于云层的运动，以云层为参考系的。A. 月亮与分析不符，故A错误。B. 云与分析相符，故B正确。C. 地面与分析不符，故C错误。D. 观察者与分析不符，故D错误。6、B【解析】球拍对乒乓球的作用力与乒乓球对球拍的作用力是一对相互作用力，根据牛顿第三定律，二者大小相等，方向相反，故ACD错误，B正确；故选B；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】电动势的大小等于非静电力把单位正电荷从电源的负极，经过电源内部移到电源正极所作的功如设W为电源中非静电力（电源

14、力）把正电荷量q从负极经过电源内部移送到电源正极所作的功，则电动势大小为：E=W非静电力q；电动势的方向规定为从电源的负极经过电源内部指向电源的正极，即与电源两端电压的方向相反【详解】A、电源是通过非静电力做功将其他形式的能量转化为电能的一种装置，在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能增加，故A正确；B、D、电源电动势等于将单位正电荷从电源的负极移动到正极过程中非静电力所做的功，反映了电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，B、D错误。C、电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功,大小由电源

15、本身决定，与非静电力做功无关，C错误；本题选不正确的，故选BCD。【点睛】电动势是一个表征电源特征的物理量定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功它是能够克服导体电阻对电流的阻力，使电荷在闭合的导体回路中流动的一种作用常用符号E（有时也可用）表示，单位是伏（V）8、AC【解析】AB闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压减小，电阻R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R1两端的电压减小量小于U，则电容器的带电量减小，减小量小于CU。故A

16、正确，B错误。C根据欧姆定律，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大。故C正确。D根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R1+r），由数学知识得知，保持不变。故D错误。9、ABC【解析】试题分析：设子弹的初速度v0，共同速度为v，则由动量守恒定律：mv0=（M+m）v；系统产生的内能，木块得到的动能为：，变形可得：，故选项ABC正确考点：动量守恒定律；能量守恒定律.10、BD【解析】A、由楞次定律，电阻R的电流方向是从C到A，选项A错误；B、由于磁感应强度均匀增大，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，感应电流的大小保持不变，选项B正确；CD、螺线管内产生的感应电动势E1 500

17、201042 V6 V，电流I1.2 A，电阻R的电压为UIR4.8 V，C点的电势为4.8 V，选项C错误、D正确故选BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACDFH 小于 电流表的读数大于流过待测电阻的实际电流 【解析】1电源的电动势为3V，电压表应选D因采用伏安法测定一段阻值约为6左右的金属丝的电阻，电阻中最大电流约为通过待测金属丝的电流不太大，电流表应选C.因滑动变阻器最大电阻大于待测电阻，考虑变阻器用限流式接法，故可选变阻器F，当然还应选H;所以实验时应选用的器材是ACDFH；2应用伏安法测电阻，即用电压表测电阻两端电压，电

18、流表测通过电阻的电流，小电阻电流表采用外接法，实验电路图如图所示34待测电阻阻值较小，所以需用电流表外接，由于电压表的分压作用，测量电流比实际值偏大，电压测量准确，根据可知，测量值偏小.12、2.30 【解析】(1)1电压表量程为3V，由图2所示可知，其最小分度为0.1V，则电压表的读数为2.30V；(2)2电流表A1量程太大，读数误差太大，为减小误差，应该选用电流表A2，给电流表A2并联一个分流电阻，实验电路图如图所示；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1A；6V（2）4.210-4C【解析】(1)S合上时，和串联，两端电压为零，接在两端，等于两端的电压，由闭合电路的欧姆定律得：流过的电流：，两端电压等于两端的电压：，则电容器的带电量：电容器的带电量：；(2)断开S，、全部接在电源的两端，电路稳定时电路中没有电流，电容器的电压都等于电源的电动势E，则