江西省九江市重点中学2023学年物理高二上期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路，L1、L2、L3是3只小电灯，R是滑动变阻器，开始时，它的滑片P位于中点位置当S闭合时，3只小电灯都发光现使滑动变阻器的滑片P向右移动时，则小电灯L1、

2、L2、L3的变化情况（各灯电压均未超过额定值）：AL1变亮、L2变亮BL2变亮、L3变暗CL1变暗、L3变亮DL1、L2、L3均变亮2、电容器是储存电荷和电能的元件，在实际中有广泛的应用下图b中为手机充电宝内部的部分简化电路，电路中表示电容器的符号是（ ）A甲B乙C丙D丁3、若某一物体在水平面上沿直线做匀速运动，则该物体一定是（ ）A加速度不为0B位移为0C合力可能不为0D合力为04、如图所示,A,B为两块竖直放置的平行金属板,G是静电计,开关S合上后,静电计指针张开一个角度.下述做法可使指针张角增大的是()A使A,B两板靠近些B使A,B两板正对面积错开些C断开S后,使B板向左平移减小板间距离

3、D断开S后,使A,B板错位正对面积减小5、自由摆动的秋千，摆动的振幅越来越小，下列说法正确的是A机械能守恒 B总能量守恒，机械能减小C能量正在消失 D只有动能和势能的转化6、通过某一电路的电流强度为 2.00A，该电路中包括只有一台电阻为 12.0 的电动机，如果这台电动机所接的电压为 220v。则这能电动机在一分钟内有电能通过电阻被转化为内能A2.64104 J B2.88103 J C2.36104 J D以上答案都不对。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所

4、示，空间有一电场，电场中有两个点a和b，下列说法正确的是（ ）A该电场是匀强电场Ba点的电场强度比b点的大Ca点的电势比b点的低D正电荷在a点的电势能比在b点时大8、如图所示,一个枕形导体AB原来不带电,将它放在一个负点电荷的电场中,点电荷的电荷量为Q,与AB中心O点的距离为R，由于静电感应,在导体A,B两端分别出现感应电荷当达到静电平衡时A导体A端电势高于B端电势B导体A端电势低于B端电势C导体中心O点的场强为0D枕形导体两端的感应电荷在O点产生感应电场强度,方向水平向左9、光滑水平面上有一边长为L的正方形区域ABCD处在场强为E的匀强电场中，电场方向与正方形的某一条边平行，一质量为m、带电

5、荷量为q的小球由AC边的中点，以垂直于该边的水平初速度v0进入该正方形区域，当小球再次运动到该正方形区域的边缘时，具有的动能可能为( )AmqELBmqELCmDmqEL10、我国计划将于2016年9月利用海南航天发射场发射“天宫二号”空间实验室“天宫二号”运行期间，“神州十一号”载人飞船将与它实施交会对接在对接前，“天宫二号”和“神州十一号”将在各自轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示则在对接前A“天宫二号”的向心加速度大于“神州十一号”的向心加速度B“天宫二号”的运行周期大于“神州十一号”的运行周期C“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行速率D“天宫二号”的角速度大于“神州十一号”

6、的角速度三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属的电阻率”的实验中，待测金属丝的电阻Rx约为5 ，实验室备有下列实验器材：A电压表 (量程03 V，内阻约为15 k)；B电压表 (量程015 V，内阻约为75 k)；C电流表 (量程03 A，内阻约为0.2 )；D电流表 (量程00.6 A，内阻约为1 )；E.滑动变阻器R1(010 ，0.6 A)；F.滑动变阻器R2(02 000 ，0.1 A)；G.电池组E(电动势为3 V)；H.开关S，导线若干.(1)为减小实验误差，应选用的实验器材有_(填器材前面的序号).(2)为

7、减小实验误差，应选用如图中_(选填“甲”或“乙”)为该实验的电路原理图，并按所选择的电路原理图把实物图用线连接起来_.(3)若用毫米刻度尺测得金属丝长度为60.00 cm，用螺旋测微器测得金属丝的直径及两电表的示数如图所示，则金属丝的直径为_ mm，电阻值为_ .12（12分）图甲游标卡尺的示数L_mm；图乙螺旋测微仪的示数D_mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在E113V/m的水平向左匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道CPN竖直放置，轨道与一水平绝缘轨道MN平滑连接，半圆轨道所在竖直平面与

8、电场线平行，其半径R41 cm，一带正电荷q3114C的小滑块质量为m41 g，与水平轨道间的动摩擦因数15，小滑块运动过程中所带电荷量保持不变，取g11 m/s2滑块在水平轨道上某点由静止释放后，恰好能运动到圆轨道的最高点C，问：（1）小滑块是在水平轨道上离N点多远处释放的？（2）小滑块经过C点后落地，落地点离N点的距离多大？（3）小球在半圆轨道上运动时，对轨道的最大压力有多大？14（16分）两个半径均为R的圆形平板电极，平行正对放置，相距为d，极板间的电势差为U，板间电场可以认为是均匀的一个粒子从正极板边缘以某一初速度垂直于电场方向射入两极板之间，到达抚极板是恰好落在极板中心已知质子电荷为

9、e，质子和中子的质量均视为m，忽略重力和空气阻力的影响，求：（1）极板间的电场强度E；（2）粒子在极板间运动的加速度a；（3）粒子的初速度v115（12分）如图所示的直角坐标系中，在0y3L的区域内有磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场一厚度不计，长度为5L的收集板MN放置在y2L的直线上，M点的坐标为（L，2L）一粒子源位于P点，可连续发射质量为m、电荷量为q（q0）的粒子（初速度近似为零），粒子经电场加速后沿y轴进入磁场区域（加速时间很短，忽略不计）若收集板上下表面均可收集粒子，粒子与收集板麵后被吸收并导走，电场加速电压连续可调，不计粒子重力和粒子间的作用力求（1）若某粒子在（L，0）处

10、离开磁场，则该粒子的加速电压U0的大小；（2）收集板MN的下表面收集到的粒子在磁场中运动的最长时间；（3）收集板（上下两表面）无法收集到粒子区域的x坐标范围参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由题意可知考查电路的动态分析，根据闭合电路欧姆定律分析计算可得。【详解】滑片P向右移动，支路电阻增大，外电阻增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知总电流减小，内电压减小，外电压增大，通过灯L1电流变小，所以变暗，外电压增大，灯L1的电压减小，说明灯L2两端电压增大，通过灯L2的电流增大，变亮，而总电流减小，通定灯

11、L3电流减小，变暗。A描述与题意分析不符合，故A错误。B描述与题意分析符合，故B正确。C描述与题意分析不符合，故C错误。D描述与题意分析不符合，故D错误。【点睛】电路动态分析时，先从局部电阻入手，分析电阻变化，再分析总电阻变化，根据闭合电路欧姆定律可知总电流变化，内电压变化，外电压变化，先分析电阻不变的用电器电流、电压变化，最后灵活选择电流、电压关系间接分析出电阻变化用电器电流、电压变化情况。2、B【解析】A甲是电阻符号，选项A不符合题意； B乙是电容符号，选项B符合题意； C丙是可变电阻符号，选项C不符合题意； D丁是电源符号，选项D不符合题意3、D【解析】ACD.物体匀速运动，合力为零，根

12、据牛顿第二定律可知，加速度一定为零，故AC错误D正确。B.因为物体匀速运动，所以位移不为0，故B错误。4、D【解析】静电计是检测电压的仪器，电压增大可增大指针张角，断开S后电容器电量不变，使B板向左平移一些，电容器的电容增大，由U=Q/C可知电压减小，C错；同理D对；当电容器极板与电源相连时两极板电压不变，张角不变，AB错5、B【解析】由于要克服空气阻力做功，系统的机械能不断转化为内能，故机械能不守恒，故A错误；由于要克服空气阻力做功，系统的机械能不断转化为内能，故机械能减小，机械能和内能之和守恒，故B正确；能量是不会消失的，机械能转化为内能，故C错误；通过克服空气阻力做功，机械能和内能参与转

13、化，故D错误；故选B。6、B【解析】1min通过线圈的电流产生的热量Q=I2Rt=（2A）212.060s=2880J，故B正确，ACD错误，故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A该电场的电场线疏密不同，各点的场强不同，所以该电场不是匀强电场，故A错误；Ba点的电场线比b点密，所以a点的场强大于b点的场强，故B正确；C沿电场线方向电势逐渐降低，知a点的电势比b点的高，故C错误；D正电荷在电势高处电势能大，则正电荷在a点的电势能比在b点时大，故D正确

14、。故选BD。8、CD【解析】AB.当达到静电平衡时整个导体是一个等势体，则导体A端电势等于B端电势故AB错误CD.当达到静电平衡时导体中心O点的场强为0；枕形导体两端的感应电荷在导体中心O点的场强大小与点电荷-Q产生的场强大小相等，为；方向相反，为水平向左；故CD正确9、BC【解析】要考虑电场方向的可能性，如图，可能平行于AB向左或向右，也可能平行于AC方向，分析电场力做功情况，然后根据动能定理求解即可【详解】若电场方向平行AB，则粒子做加速或减速直线运动，则离开电场时电场力做功W=EqL，若做加速运动，则为若为减速运动，则为：电场力与初速度方向相互垂直，小球发生偏转，电场力一定做正功；假设受

15、电场力向上，粒子从AB边离开时，电场力做功为，根据动能定理得： 解得： 若从BD边离开，则电场力做功可能为0到，根据动能定理可知，粒子动能可能为：到故应选BC【点睛】解决本题的关键分析电场力可能的方向，判断电场力与重力做功情况，再根据动能定理求解动能，注意找出所有可能的运动情况才能准确求解，要注意明确电场处在水平地面上，而不是竖直平面10、BC【解析】根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的向心加速度小于“神州十一号”的向心加速度，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行周期大于“神州十一

16、号”的运行周期，故B正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行速率，故C正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的角速度小于“神州十一号”的角速度，故D错误所以BC正确，AD错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADEGH 乙 0.635 【解析】（1）1电源电动势为3V，可知电压表选择A；电路中可能出现的最大电流为，则电流表选择D；为了方便调节，滑动变阻器选择E；则需要选择的仪器是：ADEGH； （2）

17、23电压表的内阻远大于待测电阻的阻值，则用电流表外接；滑动变阻器用限流电路，则为减小实验误差，应选用如图中乙为该实验的电路原理图。实物连线如图；（3）4金属丝的直径为：0.5mm+0.01mm13.5=0.635 mm；5电压表读数U=1.20V；电流表读数：I=0.50A，则电阻值为12、100.50 3.500(3.5003.503) 【解析】1由图示游标卡尺可知，其示数为：L=100mm+100.05mm=100.50mm；2由图示螺旋测微器可知，其示数为：D=3mm+50.00.01mm=3.500mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文

18、字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4 m（2）1.2 m（3）2.7N【解析】（1）设滑块与N点的距离为L，由动能定理可得：qELmgLmg2Rmv21小滑块在C点时，重力提供向心力，所以：代入数据解得：v2 m/s，L4 m（2）在竖直方向上做自由落体运动，由2Rgt2可得：在水平方向上做匀减速运动，由qEma得a7.5 m/s2水平的位移为xvtat2，得x1.2 m（3）重力与电场力的合力F合=1.5N，F合方向与CN的夹角为37，当滑块运动到NOA= 37时速度最大对轨道压力最大由A到C过程列动能定理：-qERsin37-mg(R+Rcos37)=滑块在A点时，三个力的合力提供向心力，解得：FN=27N，轨道压力FN=FN=2.7N【点睛】本题中涉及到的物体的运动的过程较多，对于不同的过程要注意力做功数值的不同，特别是在离开最高点之后，滑块的运动状态的分析是本题中的难点，一定要学会分不同的方向来分析和处理问题14、（1）（2）（3）【解析】（1）极板间场强（2）粒子带电荷量为2