河北省秦皇岛市达标名校2023学年物理高二第一学期期中调研试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，金属板组成的电容器充电后与静电计相连，要使静电计 指针的张角变大，下列措施中可行的是（ ）AA板向上移动 BB板向左移动C电容器之间充满介质 D电容器放走部分电荷2、两

2、个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一点，一带负电的试探电荷q，从A点由静止释放，只在静电力的作用下运动，取无限远处的电势为零，则Aq由A向O的运动是匀加速直线运动Bq由A向O的运动过程电势能先增大后减小Cq运动到O点时电势能为零Dq运动到O点时的动能最大3、两个电阻R1、R2的电流I和电压U的关系如图所示若两个电阻R1、R2串联接在电路中，那么电阻R1、R2两端的电压之比U1：U2等于（ ） A1：3B3：1C1：3D3：14、两块彼此绝缘又相距很近的平行金属板就组成了最简单的电容器“平行板电容器”现分别用d、U、E和Q表示两极板之间

3、的距离、电压、电场强度和极板所带的电荷则下列说法正确的是（ ）A保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半B保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半C保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的两倍D保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍5、关于物体的惯性，下列说法正确的是A同一物体在地球上比在月球上惯性大B物体只有在静止或做匀速直线运动时才有惯性C乒乓球的速度可以被快速改变，是因为兵乓球的惯性小D汽车速度越大，刹车所用时间越长，说明物体速度越大，惯性越大6、下列图中，能正确表示直线电流的方向与其产生的磁场方向间关系的是ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小

4、题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用伏安法测电阻时（ ）A采用图中所示测量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值B采用图中所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值C采用图中所示测量电路，误差来源于伏特表内阻的分流，使电阻测量值小于真实值D采用图中所示测量电路，误差来源于安培表内阻的分压，使电阻测量值大于真实值8、如图所示电路,电源内阻不可忽略。开关S闭合后,在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中A电压表示数减小B电压表示数增大C电流表的示数减小D电流表的示数增大

5、9、关于磁场对通电直导线的作用力，下列说法中正确的是A通电直导线跟磁场方向平行时作用力最小，等于零B通电直导线跟磁场方向垂直时作用力最大C通电直导线跟磁场方向不垂直时没有作用力D作用力的方向既垂直磁场方向，又垂直电流方向10、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的IU图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（ ）A随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小B对应P点，小灯泡的电阻为C对应P点，小灯泡的电阻为D对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围“面积”三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演

6、算过程。11（6分）用伏安法测量一个电阻，连接成如图所示的电路当把伏特表的右端分别接于a点和b点，发现电流表的示数有明显的变化则正确的实验方法应把电压表的右端接于_点，这时测得的电阻值比真实值偏_（填“大”或“小）12（12分）某同学通过实验测量一种合金的电阻率(1)用螺旋测微器测量合金丝的直径为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧图1所示的部件_(选填“A”，“B”，“C”或“D”)从图中的示数可读出合金丝的直径为_ mm.(2)图2所示是测量合金丝电阻的电路，相关器材的规格已在图中标出合上开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中，发现电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化由

7、此可以推断：电路中_(选填图中表示接线柱的数字)之间出现了_(选填“短路”或“断路”)(3)在电路故障被排除后，调节滑动变阻器，读出电压表和电流表的示数分别为2.23 V和38 mA，由此，该同学算出接入电路部分的合金丝的阻值为58.7 .为了更准确地测出合金丝的阻值，在不更换实验器材的条件下，对实验应作怎样的改进？请写出两条建议_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一个带电荷量 q = -3106C 的点电荷，从某电场中的 A 点移到 B 点，电荷克服静电场力做 6104J 的功，从 B 点移到 C 点

8、，电场力对电荷做 9104J 的功若以 B 点电势为零，求：（1）点电荷 q 在 A 点的电势能为多少？ （2）C 点的电势为多少？14（16分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2） (1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小15（12分）如图，一长为10cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中；磁场的磁感应强度大

9、小为0.1T，方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘，金属棒通过开关与一电动势为11V的电池相连，电路总电阻为1已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5cm；闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3cm，重力加速度大小取10m/s1判断开关闭合后金属棒所受安培力的方向,并求出金属棒的质量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A板向上移动时，两板间的正对面积减小，则由可知，电容器的电容减小，则由Q=UC可知，两板间的电势差增大，故静电计的张角变大；故A正确；B板向左移动

10、时，两板间的距离减小，则C增大，故两板间的电势差减小，故B错误; 电容器之间充满介质，故C增大，则两板间的电势差减小，故C错误；电容器放走部分电荷后，电荷量减小，则电势差减小，故D错误；故选A点睛：对于电容器的动态分析，首先要明确不变量，然后再由定义式和决定式可确定电势差的变化2、D【解析】A. 两等量正电荷周围部分电场线如图所示其中P、Q连线的中垂线MN上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向。故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的运动做非匀加速直线运动；故A错误。B. 电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小，故B错误。C. 取无限远处的电势

11、为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值。故C错误。D. 从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故D正确。3、A【解析】由U-I图象得出：R=UI=1tan，可得R1R2=tan300tan600=13，在串联电路中，电阻两端的电压与其电阻值成正比，所以U1U2=R1R2=13，故A正确，BCD错误。4、A【解析】A 由可知保持d不变，Q变为原来一半，则E变为原来一半，故A正确；B由，可知保持d不变，则电容不变，由可知Q加倍，则U加倍，故B错误；CD由，可知保持U不变，将变为原来的

12、两倍，则E变为原来的一半；保持E不变，将d变为原来一半，则U变为原来一半，故CD错误；故选A5、C【解析】A.惯性大小只与物体的质量有关，一个物体从地球移到月球质量不变，惯性不变，故A错误；B.惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，任何物体在任何情况下都有惯性。故B错误；C.乒乓球质量小，惯性小，所以容易改变其运动状态，故C正确；D.惯性大小只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与速度无关，故D错误；6、B【解析】根据安培定则，右手握住直导线，大拇指所指方向为电流方向，四指弯曲方向为电流周围的磁场方向，故方向向下的电流周围的磁场方向为顺时针方向，方向向上的电流磁

13、感线为逆时针方向，故A错误，B正确；根据安培定则方向向外的电流周围的磁场方向为逆时针方向，故CD错误故选B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A：图电流表外接法，用它测量电阻时，测量值是待测电阻Rx和电压表内阻的并联电阻值，故测得的电阻值偏小，误差来源于伏特表内阻的分流，A正确；B错误；C、而图2所示电路是电流表内接法，用它测量电阻时，测量值误差来源于安培表内阻的分压，D正确；C错误；故选AD8、AC【解析】AB在变阻器R0的滑片向下滑动的过程中，变阻器接

14、入电路的电阻减小，变阻器R0与R2并联电阻R并减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小。故A正确，B错误。CD并联部分电压U并=E-I（R1+r），I增大，E、R1、r均不变，则U并减小，故电流表示数减小。故C正确，D错误。9、ABD【解析】通电导体受安培力的条件为导线与磁场有一定夹角，当通电直导线与磁场方向平行时，导线不受安培力作用，当导线与磁场方向垂直时，安培力最大，最大值为F=BIL，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直，又与电流方向垂直，故ABD错误，C正确故选ABD10、BD【解析】小灯泡的伏安特性曲线上的各点与原点连线的

15、斜率表示电阻，斜率增大，灯泡的电阻增大；任一状态灯泡的电阻，并依据U与I图象面积大小表示功率，从而即可求解。对于线性元件欧姆定律成立，对于非线性元件欧姆定律不成立。【详解】AI-U图线中各点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，由题可知斜率减小，说明随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大，故A错误；BC根据电阻的定义可知，对应P点的电压为U1，电流为I2，则小灯泡的电阻为，而R不等于切线斜率，故B正确，C错误；D根据功率表达式，则有小灯泡功率为图中矩形PQOM所围“面积”的数值，故D正确；故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、b 大 【

16、解析】12当电压表右端分别接a和接b时，发现电流表读数比电压表计数变化明显，说明电压表的分流作用较大，电流表的分压作用较小，所以要用安培表内接法，即正确的实验方法应把电压表的右端接于b点；这时测得电压表的读数大于待测电阻两端的电压，则测得的电阻值比真实值偏大.12、B 0.410 7、9 断路 应采用电流表的内接法，减小因电表内阻引起的系统误差；或采用多次测量求平均值的方法，可以减小偶然误差 【解析】（1）1为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先转动锁紧手柄部件B，2合金丝的直径为0.0mm0.41mm0.000mm0.410mm（2）34合上开关，将滑动变阻器的滑片移到最左端的过程中，发现

17、电压表和电流表的指针只在图示位置发生很小的变化，说明电压表被串联在电路中，致使电流表读数很小，电压表读数接近电压电动势，因此电路中连接合金属丝的接线柱7、9之间部分应发生了断路（3）5由于，因此应采用电流表的内接法，减小因电表内阻引起的系统误差，另外可采用多次测量求平均值的方法，可以减小偶然误差；【点睛】本题主要考查了基本仪器的使用、电路故障分析、实验误差分析等问题，属于中档题四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、ac间的电势差为150V，A点电势高【解析】根据B点的电势为零，结合A点移到B点，电荷克服静电场力做610-4 J的功，即可求解点电荷q在A点的电势能；从B点移到C点，电场力对电荷做910-4 J的功，根据求出电势差从而求出C 点的电势【详解】（1）A点的电势能等于电荷从A点移