湖南长沙市一中2023学年物理高二上期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、在赤道上方沿东西水平放置一根直导线并通以自东向西方向的电流，那么该处地磁场的方向及该导线所受地磁场作用力的方向为A地磁场向南，磁场作用力向上B地磁场向南，磁场作用力向下C地磁场向北，磁场作用力向上D地磁场向北，磁场作用力向下2、火星的质量和半径分别约为地球的 和 ，地球表面的重力加速度为g，则火星表面的重力加速度约为()A0.2gB0.4gC2.5gD5g3、下列说法中正确的是（ ）A根据E= F/q可知，电场中某点的场强与检验电荷在该点所受的电场力成正比B电场中某点的场强E= F/q，与检验电荷的受力大小及带电量无关C电场中某点的场强方向即检验电荷在该点的受力方向D公式E=F/

3、q和E=kQ/r2对于任何静电场都是适用的4、一点电荷从电场中的A点移动到B点，静电力做功为零，则以下说法中正确的是（ ）AA、B两点的电势一定相等BA、B两点的电场强度一定相等C该点电荷一定始终沿等势面运动D作用于该点电荷的静电力方向与其移动方向一定是始终垂直的5、真空中有一静电场，其在x轴正半轴的电势随x变化的关系如图所示，则根据图象可知 ( )AR处的电场强度E0Bx1处与x2处的电场强度方向相同C若正的试探电荷从x1处移到x2处，电场力不一定做正功D该电场有可能是处在O点的正的点电荷激发产生的6、A和B是两个不带电物体，它们互相摩擦后A带正电荷1.610-10C，下列判断错误的是A在摩

4、擦前A和B的内部没有“净电荷”B摩擦的过程中电子从A转移到BCB在摩擦后一定带负电1.610-10 CDA在摩擦过程中失去1.610-10个电子二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，两平行正对的金属板A、B间加有如图乙所示的交变电压，一个重力可忽略不计的带正电粒子被固定在两板的正中间P处。若在t0时刻释放该粒子，并最终打在B板上。则t0可能的时刻是( )ABCD8、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，各电表都看做理想表。闭合开关，滑动变阻器滑片P

5、向右移动，若以U1、U2、U3、I分别表示电压表V1、V2、V3和电流表A的示数变化的大小，则下述结论正确的是（ ）A电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变小、变大、变小、变大B电压表V1、V2、V3和电流表A的示数分别是变大、变小、变大、变小CU2+U3=U1DU1I、U2I、U3I分别是变小、不变、变小9、如图，一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场磁感应强度为B和匀强电场电场强度为E.组成的速度选择器，然后粒子通过平板S上的狭缝P进入另一匀强磁场,磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度为B/，最终打在A1A2上，下列表述正确的是 ( )A粒子带正电B所有打在A1A2上

6、的粒子，在磁感应强度为B/的磁场中的运动时间都相同C能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D粒子打在A1A2上的位置越靠近P,粒子的比荷越大10、如图所示电路中，三只灯泡原来都正常发光，当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，下面判断正确的是（ ）AL1和L3变亮，L2变暗BL1变暗，L2变亮，L3亮度不变CL1中电流变化值小于L3中电流变化值DL1中电流变化值等于L3中电流变化值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小芳所在小组的同学们准备测量一个量程为3V、内阻约为3k的电压表V1的内阻值R1，在实验室找到了下列器材:A电源E：电动势约为

7、9V；B电流表A：量程为0.6A，内阻约0.6；C电压表V2：量程为6V，内阻R2=6k；D滑动变阻器R，最大阻值为100；E单刀单掷开关及导线若干. 同学们先设计了甲乙两个实验电路图，两个电路滑动变阻器均选择了分压连接方式，理由是: ；经过讨论后最终选择了乙电路，不选择甲电路的理由是 ；同学们连好了电路如图丙，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到 （选填a或b）端；闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的读数几乎不变化，可能是 （选填导线编号）断了；排除故障后，读得电压表V1、V2读数分别为U1、U2，电压表V1的内阻为： .12（12分）图为一简单欧姆表原理示意图,其中电流表的满偏电流Ig=

8、300A,内阻Rg=100,可变电阻R的最大值为10K ,电池的电动势E=1.5V,内阻r=0.5 ,图中与接线柱A相连的表笔颜色应是_色.按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时,指针指在刻度盘的正中央,则Rx=_K.若该欧姆表使用一段时间后,电池的电动势变小、内阻变大,但此表仍能调零,按正确使用方法再测上述Rx,其测量结果与原结果相比将_(填“变大”、“变小”或“不变”).四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一个带电量q=310-6C的正点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服静电力做功910-4J，从B

9、点移到C点，静电力对电荷做610-4J的功，问： (1)AC间电势差为多少？ (2)如以A点电势为零，则B点的电势为多少？电荷在B点的电势能为多少？14（16分）如图所示是一个示波管工作原理图，电子经电压U1=4.5103V加速后以速度v0垂直等间距的进入电压U2=180V，间距为d=1.0cm，板长=5.0cm的平行金属板组成的偏转电场，离开电场后打在距离偏转电场s=10.0cm的屏幕上的P点，（e=1.610-19C，m=9.010-31kg）求：（1）射出偏转电场时速度的偏角tan=？（2）打在屏幕上的侧移位移OP=？15（12分）如图所示，一条不可伸长的轻绳长为R，一端悬于天花板上的O

10、点，另一端系一质量为m的小球（可视为质点）。现有一个高为h，质量为M的平板车P，在其左端放有一个质量也为m的小物块Q（可视为质点），小物块Q正好处在悬点O的正下方，系统静止在光滑水平面地面上。今将小球拉至悬线与竖直方向成60角，由静止释放，小球到达最低点时刚好与Q发生正碰，碰撞时间极短，且无能量损失。已知Q离开平板车时的速度大小是平板车速度的两倍，Q与P之间的动摩擦因数为，M：m=4:1,重力加速度为g，求：（1）小物块Q离开平板车时速度为多大；（2）平板车P的长度为多少；参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解

11、析】根据“该处地磁场的方向及该导线所受地磁场作用力的方向”可知，本题考查地磁场的方向和左手定则，根据地磁场的性质和左手定则，确定地磁场的方向和安培力的方向【详解】地磁场N极在地理南极处，故赤道处的磁场方向从南向北，电流方向自东向西，根据左手定则，安培力的方向向下故D正确，A、B、C错误故选D2、B【解析】试题分析：根据星球表面的万有引力等于重力列出等式表示出重力加速度通过火星的质量和半径与地球的关系找出重力加速度的关系根据星球表面的万有引力等于重力知道得出：火星的质量和半径分别约为地球的和所以火星表面的重力加速度，故选B考点：万有引力定律及其应用点评：求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先根

12、据物理规律用已知的物理量表示出来，再进行之比3、B【解析】A. 电场强度反映了电场的力的性质，由电场本身决定，与检验电荷在该点所受的电场力无关。故A错误；B. 电场中某点的场强等于E=Fq，E反映电场本身的强弱和方向，与检验电荷的受力大小及带电量无关。故B正确；C. 电场中某点的场强方向即正检验电荷在该点的受力方向，与负检验电荷在该点的受力方向相反。故C错误；D. 公式E=Fq对任何静电场都是适用的，而公式E=kQr2只适用于真空点电荷产生的电场。故D错误。故选：B4、A【解析】根据电场力做功公式WAB=qUAB，静电力做功为零，UAB=0，A、B两点电势相等，电场强度不一定相等电场力做功只与

13、电荷的初末位置有关，与路径无关，可判断电荷不一定沿等势面移动，静电力就不一定与移动方向垂直【详解】A根据电场力做功公式WAB=qUAB，静电力做功为零，UAB=0，A、B两点电势相等，故A正确B电场强度与电势没有直接关系，电势相等，场强不一定相等故B错误CD电场力做功只与电荷的初末位置有关，与路径无关，电场力做功为零，电荷不一定沿等势面移动，静电力不一定与移动方向垂直故C、D错误【点睛】电场力与重力相似，做功只与初末位置有关，与路径无关5、B【解析】A、 图像中,曲线上任意一点的切线的斜率表示电场强度;R处切线的斜率不为零,故R处的电场强度不为零，故A错误B、 处与 处的切线斜率同为负值,故处

14、与处的电场强度方向相同,故B正确；C、从处移到处,电势降低,若移动的是正电荷，则电场力做正功，故C错误；D、离电荷越近,电场强度越大， 图像的斜率应越大,而图中离O点越近,图像切线的斜率变小,故该电场不可能在O点的正电荷产生的,故D错误;综上所述本题答案是：B6、D【解析】A在摩擦前A和B均不带电，即其内部没有“净电荷”，选项A正确，不符合题意；B互相摩擦后A带正电荷1.610-10C，可知摩擦的过程中电子从A转移到B，选项B正确，不符合题意；C互相摩擦后A带正电荷1.610-10C ，由电荷守恒原理可知，B在摩擦后一定带负电1.610-10 C，选项C正确，不符合题意；D A在摩擦过程中失去

15、个电子，选项D错误，符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】、若时进入电场，则带正电粒子先加速向B板运动、再减速运动至零，然后在加速运动，周而复始，在这个过程中粒子的运动方向没有发生过变化一直向右运动，所以能打在B板上，故A正确；B、若进入电场，则带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零，然后在加速运动，周而复始，在这个过程中粒子的运动方向没有发生过变化一直向左运动，所以不能打在B板上，故B错误；C、如进入电场，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运

16、动至零;然后再反方向加速运动、减速运动至零;如此反复运动,每次向左运动的距离大于向右运动的距离,最终打在A板上,故C错误；D、若进入电场，带正电粒子先加速向A板运动、再减速运动至零;然后再反方向加速运动、减速运动至零;如此反复运动,每次向左运动的距离小于向右运动的距离,最终打在B板上，故D正确；综上所述本题答案是：AD点睛：解决本题的关键是理清粒子在一个周期内的运动规律,判断物体一个周期内的位移,从而进行判断.本题也可以通过速度时间图线进行分析.8、AC【解析】AB、当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，则电路中的总电流增大，则电流表A的示数变大；根据欧姆定律

17、可知R2的电压增大，电压表V2示数变大；内电压增大，则路端电压减小，电压表V3示数变小。R2的电压增大，路端电压减小，则R1的电压减小，则电压表V1的示数变小，故A正确，B错误。CD、根据全电路欧姆定律知：U2+U3=U1，故C正确。由U1=E-IR2+r，变形得：U1I=R2+r，不变。U2I=R2，不变。由U3=E-Ir，变形得：U3I=r，即不变。故C正确，D错误。故选AC【点睛】当滑动变阻器的滑动片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，电路中的总电流增大，由欧姆定律分析并联部分两端电压的变化和路端电压的变化，再判断R2两端电压的变化，综合分析出两电压表变化量的大小9、AC

18、D【解析】A项：带电粒子在磁场中向左偏转，由左手定则，知粒子带正电，故A正确；B项：所以打在A1A2上的粒子，在磁场中做匀速圆周运动的时间等于半个周期，由，粒子在磁场中运动的周期为 则磁场中的运动时间为与带电粒子的比荷有关，故B错误；C项：粒子经过速度选择器时所受的电场力和洛伦兹力平衡：，则，故C正确；D项：经过速度选择器进入磁场的粒子速度相等，由半径公式知，粒子打在A1A2上的位置越靠近P，则半径越小，粒子的比荷越大，故D正确故选ACD10、AC【解析】AB、当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流增大，故L1变亮；电路中总电流增大，故内电

19、压及R0、L1两端的电压增大，而电动势不变，故并联部分的电压减小，故L2变暗；因L2中电流减小，干路电流增大，故流过L3的电流增大，故L3变亮，A正确B错误CD、因L1中电流增大，L3中电流增大，而L2中电流减小；开始时有：I1=I2+I3，故L3上电流变化量大于LI上的电流变化量，C正确D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电压表内阻远大于滑动变阻器电阻，限流接法电压范围小；电流表量程太大;a ; 1; 【解析】试题分析：电压表内阻远大于滑动变阻器电阻，若用限流接法电压范围小，测量数据少，读数不方便.流过电压表V1的最大电流，而电

20、流表A的量程为0.6A，量程太大，示数几乎为零闭合开关前，应使电路的阻值最大以保护电表和用电器，滑片滑到a端时电压表V1短路，滑动变阻器的阻值全部接入电路闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的读数几乎不变化，说明电路电阻变化小，但电压表所在支路还是通路，则是滑动变阻器分压式变成了限流式，导线1断了.电压表V2流过的电流，两电压表串联电流相同，则.考点：本题考查了伏安法测电阻、电路的选择和连接、电路故障判断、欧姆定律.12、红; 5; 变大; 【解析】欧姆表是电流表改装的，必须满足电流的方向“+”进“-”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与A相连的表笔颜色是红色；当两表笔短接（即

21、Rx=0）时，电流表应调至满偏电流Ig，设此时欧姆表的内阻为R内此时有关系Ig=ER内得：R内=EIg=5k；当指针指在刻度盘的正中央时I=Ig2，有12Ig=ER内+Rx，代入数据可得Rx=R内=5k；当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变，由公式Ig=ER内，欧姆表内阻R内得调小，待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由I=ER内+RX=IgR内R内+RX=Ig1+RXR内，可知当R内变小时，I变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】试题分析：（1)由题知WAB910-4J，UAB=WAB/q=-9104/3106=-300V,UBC=WBC/q=610-4/3106=200V,UAC= UAB+ UBC=-100V,(2)若A0，BA- UAB300V,点电荷在B点的电势能EpBqB3106300=910-4J考点：电势、电势差、电势能14、 (1)0