新疆哈密市十五中2023学年物理高二上期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、光滑绝缘水平面上有带电小球甲和乙，已知q甲=4q乙、m甲=3m乙，则它们在库仑力作用下产生的加速度之比a甲a乙等于( )A34 B43 C13 D312、质量为1kg的物体以某一

2、速度在水平面上滑行，由于摩擦阻力的作用，其动能随位移变化的图线如所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（ ）A物体与水平面间的动摩擦因数为0.15B物体与水平面间的动摩擦因数为0.25C物体滑行的总时间为4.5sD物体滑行的总时间为2.5s3、如图所示的电路，L1、L2、L3是3只小电灯，R是滑动变阻器，开始时，它的滑片P位于中点位置当S闭合时，3只小电灯都发光现使滑动变阻器的滑片P向右移动时，则小电灯L1、L2、L3的变化情况（各灯电压均未超过额定值）：AL1变亮、L2变亮BL2变亮、L3变暗CL1变暗、L3变亮DL1、L2、L3均变亮4、如图所示，实线表示一簇关于x轴对称的等势面，在x

3、轴上有A、B两点，则AA点场强大于B点场强B正电荷从B点移动到A点电场力做负功CA点电势低于B点电势DA点场强方向指向x轴负方向5、负点电荷Q固定在正方形的一个顶点上，带电粒子P仅在该电荷的电场力作用下运动时，恰好能经过正方形的另外三个顶点a、b、c，如图所示，则（）A粒子P带负电Ba、c两点的电势高低关系是acC粒子P由a到b电场力做正功电势能减少Da、b、c的电场强度大小之比是2126、如图所示，A、B为两块平行带电金属板，A带负电，B带正电且与大地相接，两板间P点处固定一负电荷，设此时两极板间的电势差为U，P点场强大小为E，电势为P，负电荷的电势能为EP，现将A、B两板水平错开一段距离(

4、两板间距不变)，下列说法正确的是 （ ）AU变小，E变大BU变小，P变小CP变小，Ep变大DP变大，Ep变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，甲、乙两车放在光滑的水平面上，中间有一被压缩的弹簧，甲的质量是乙质量的两倍两车由静止同时释放，则在弹簧弹开两车的过程中，下列说法正确的有A任一时刻弹簧对甲的弹力大小是对乙的两倍B任一时刻甲的速率都是乙的一半C任一时刻甲、乙的动量大小相等D甲和乙的总动量在逐渐增大8、直线ab是电场中的一条电场线，从a点无初速度释放一电

5、子，电子仅在电场力作用下，沿直线从a点运动到b点，其电势能Ep随位移x变化的规律如图乙所示设a、b两点的电场强度分别为Ea和Eb，电势分别为a和b.则()AEaEbBEaEbCabDab9、如图所示，静止的电子在加速电压U1的作用下从O经P板的小孔射出，又垂直进入平行金属板间的电场，在偏转电压U2的作用偏转一段距离，现使U1加倍，要想使电子的轨迹不发生变化，应该（ ）A使U2加倍B使U2变为原来的4倍C仅使偏转电场板间距离变为原来的0.5倍D使U2变为原来的12倍10、如图虚线a、b、c代表电场中三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即UabUbc，实线为一带负电的点电荷仅在电场力作用下通过

6、该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（ ）AP点的电势高于Q点的电势B该点电荷在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大C该点电荷通过P点时的动能比通过Q点时大D该点电荷通过P点时的加速度比通过Q点时大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要测量一电源的电动势E（小于3V）和内阻r（约1），现有下列器材：理想电压表V（3V和15V两个量程）、电阻箱R（0999.9）、定值电阻R0=3、开关和导线某同学根据所给器材设计如下的实验电路： （1）电路中定值电阻R0的作用是_（2）请根据图甲电路，在图乙中用笔画线代替导线连接

7、电路_（3）该同学调节电阻箱阻值R，读出对应的电压表示数U，得到二组数据：R1=2时，U1=2.37V；R2=4时，U2=2.51V由这二组数可求得电源的电动势E=_V，内阻r=_（结果保留三位有效数字）12（12分）图(甲)是用一主尺最小分度为1mm，游标上有20个分度的游标卡尺测量一工件的长度，结果如图所示可以读出此工件的长度为_mm；图(乙)是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为_mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，匀强电场沿水平方向，其中有三点A、B、C构成一个直角三角形，

8、AB与电场线平行，且AB4cm，AC连线和场强方向成37角已知电量为q=2.010-8C的电荷在A点时受到的电场力大小F=8.010-6N，方向水平向左，求：（1）匀强电场的场强？（2）A、B两点间的电势差UAB？（3）把上述电荷从A移到C电场力所做的功？(sin37o=0.6，cos37o=0.814（16分）如图所示的电路中，电源电动势E=9 V，内阻r=1 ，电阻R2=2 ，灯泡L1标有“6 V；6 W”，L2标有“4 V；4 W”，滑动变阻器的调节范围是020 ，求：(1)接入电路中的滑动变阻器R1的阻值为多大时，灯L2正常发光？(2)此时灯L1的实际功率是多大？(设灯泡的电阻不随温度

9、变化)15（12分）如图所示为真空示波管的示意图，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1=18kV加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入由两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入偏转电场时的速度与电场方向垂直，电子经过偏转电场后打在荧光屏上的P点已知M、N两板间的电压为U2=800V，两板间的距离为d=10cm，板长为L1=30cm，板右端到荧光屏的距离为L2=60cm，电子质量为m=91031kg，电荷量为e=1.61019C求：（1）电子穿过A板时的速度v0（2）电子从偏转电场射出时的侧移量Y（3）P点到O点的距离Y参考答案一、单

10、项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据牛顿第三定律得知，两球之间的库仑力大小相等，设为F，由牛顿第二定律，对甲： ，对乙： ，则有，C正确2、B【解析】由图象可知，EK1=50J，EK2=0J，位移x=20m，EK1=12mv12=50J，解得初速度v1=10m/s，由动能定理得：EK2-EK1=-fx，解得：f=2.5N=mg，=0.25，物体加速度a=fm=2.5m/s2，物体运动时间t=v1a=4s，以上分析可知，故B正确，ACD错误故选B点睛：利用数学图象处理物理问题的方法就是把物理表达式与图象结合起来，根据

11、图象中的数据求解一般我们通过图象的特殊值和斜率进行求解3、B【解析】由题意可知考查电路的动态分析，根据闭合电路欧姆定律分析计算可得。【详解】滑片P向右移动，支路电阻增大，外电阻增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知总电流减小，内电压减小，外电压增大，通过灯L1电流变小，所以变暗，外电压增大，灯L1的电压减小，说明灯L2两端电压增大，通过灯L2的电流增大，变亮，而总电流减小，通定灯L3电流减小，变暗。A描述与题意分析不符合，故A错误。B描述与题意分析符合，故B正确。C描述与题意分析不符合，故C错误。D描述与题意分析不符合，故D错误。【点睛】电路动态分析时，先从局部电阻入手，分析电阻变化，再分

12、析总电阻变化，根据闭合电路欧姆定律可知总电流变化，内电压变化，外电压变化，先分析电阻不变的用电器电流、电压变化，最后灵活选择电流、电压关系间接分析出电阻变化用电器电流、电压变化情况。4、B【解析】A.根据电场线与等势线垂直可知，A点电场线密度小于B点电场线密度，所以A点场强小于B点场强，故A错误；BD. 电场线与等势线垂直且电场线方向由高电势指向低电势。在x轴上，电场方向由A指向B，正电荷从B点移动到A点电场力做负功，故B正确，D错误；C.由图可知，A点电势高于B点电势，故C错误；5、D【解析】A、根据轨迹弯曲方向判断出粒子之间存在引力，它与固定在O点的电荷是异种电荷，故带正电荷，A错误；B、

13、根据点电荷的电场线的特点，Q与ac距离相等，则，关于 B错误；C、由AB可知，正电荷P从a到b，电势升高，电场力做负功，电势能就增加，故C错误；D、粒子P在a、b、c三点时的加速度大小要根据库仑定律求出库仑力由图可知，场强公式：，可得，即，故D正确。点睛：本题属于电场中轨迹问题，考查分析推理能力根据轨迹的弯曲方向，判断出电荷受到的电场力指向轨迹内侧，进而判断出电荷是正电荷。6、C【解析】将两板水平错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式可知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，板间场强可见E增大；P点到下板距离不变，由公式U=Ed得知，P点与下板电势差增大，故P

14、点的电势P变小；由于电场线向上，P点的电势低于下极板的电势，则P点的电势P降低，负电荷在P点的电势能EP变大，故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A.将两个物体从静止释放，在弹簧恢复到原长的过程中，两个物体所受的弹力大小相等，故A错误；BCD.两个物体组成的系统合外力为零，系统的动量守恒，总动量保持为零，所以任何时刻，两物体的动量大小相等，由P=mv知，P相等，m和v成反比，甲的质量是乙质量的两倍，所以任一时刻甲的速率都是乙的一半，故BC正确D错误

15、；8、AC【解析】A、B项：电子从a到b，电势能图线的斜率逐渐减小，斜率表示电场力的大小，知电场力逐渐减小，则电场强度逐渐减小，所以EaEb，故A正确，B错误；C、D项：由于电势能逐渐降低，知电场力做正功，则电子所受的电场力方向由a指向b，电场线的方向由b指向a，沿电场线方向电势逐渐降低，则ab，故C正确，D错误点晴：电势能与位移图线的斜率反映电场力的大小，从而可以反映电场强度的大小，结合电场力做功判断出电场力的方向，从而得出电场强度的方向，根据沿电场线方向电势逐渐降低比较出a、b两点的电势9、AC【解析】设平行金属板板间距离为d，板长为l电子在加速电场中运动时，由动能定理得：eU1=12mv

16、02垂直进入平行金属板间的电场做类平抛运动，则有：水平方向：l=v0t，竖直方向：y=12at2，vy=at，又a=eU2md ，tan=vyv0；联立以上四式得：偏转距离y=U2l24dU1 ，偏转角度tan=U2l2dU1，现使U1加倍，要想使电子的运动轨迹不发生变化，偏转距离y和偏转角度tan都不发生变化，则必须使U2加倍；或者仅使偏转电场板间距离d变为原来的0.5倍，故选项AC正确，BD错误；故选AC点睛：本题电子先加速，后偏转，根据动能定理和牛顿运动定律、运动学公式结合得到偏转距离y=U2l24dU1，偏转角度tan=U2l2dU1，采用的是常规思路10、BD【解析】A、若带电微粒从

17、P点进入电场，由图可知带电微粒所受电场力由a等势面指向b等势面，由于微粒带负电，故c等势面的电势最高，故P点的电势低于Q点的电势，故A错误B、由于带电微粒在从Q向P运动的过程中电场力做负功，则带电微粒的电势能增大，故带电微粒在P点时的电势能较大故B正确C、由于带电微粒在从Q向P运动的过程中电场力做负功，故微粒在Q点时的动能大于在P点的动能故C错误D、由于电场线越密等势线越密，由图可知P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，故带电微粒通过P点时的加速度大故D错误故选B三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11

18、、 (1)保护电源，防止短路 (2)如图所示 (3)2.94 1.21 【解析】（1）若无存在，当R调节到0时，外电路短路，有烧坏电源的危险，故作用是保护电源，防止短路；（2）如图所示，注意电压表量程选择，开关置于干路（3）根据闭合电路欧姆定律，得当电阻箱读数为时当电阻箱读数为时 联立上两式得；点睛：本题考查测量电源电动势和内阻的基础知识，运用闭合电路欧姆定律，分别研究电阻箱电阻为和的情况，列出含有电动势和内阻的方程组求解12、52.35 5.545 【解析】试题分析：图甲中工件的长度为5.2cm+0.05mm7=52.35mm；图乙圆筒内径：5.5mm+0.01mm4.5=5.545mm.考

19、点：游标卡尺及螺旋测微器的读数.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）400N/C，方向水平向右（2）16V（3）3.210-7J【解析】（1）由 可得：，场强方向水平向右 （2）由 可得：UAB=4000.04V=16V （3）BC垂直于电场线，为等势面B=C WAC=WAB=UABq WAC=3.210-7J 14、 (1)R1=0.5(2)6W【解析】解：由题意可知，灯泡L1电阻为6；L2电阻为4；要使灯L2正常发光，电路中电流为1A，灯泡两端的电压为4V；R2两端的电压为U=12=2V；故并联部分电压U并=2+4=6V；故L1两端的电压为6V，L1正常发光，功率为6W；电流为1A；流过电源的电流为2A，则由闭合电路欧姆定律可知，E=6+2I（R1+r）解得：R1=0.5；答：（1）（1）接入电路中的滑动变阻器R1的阻值为0.5时，灯L2正常发光；（2）此时灯L1的实际功率是6W考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题：恒定电流专题分析：由灯泡的额定功率及额