江西省重点中学协作体2023学年高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某一电容器中所带电量和两端电压之间的关系图线如图所示，如果该电容器两端的电压从40V降低到36V，电容器的电量减少了（）A0.02CB0.08CC0.16CD0.20C2、A、B

2、、C三点在同一直线上，AB:BC=1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷当在A处放一电荷量为q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放电荷量为-2q的点电荷，其所受电场力为 （ ）A-F/2BF/2C-FDF3、如图，真空存在一点电荷产生的电场，其中a、b两点的电场强度方向如图，a点的电场方向与ab连线成60，b点电场方向与ab连线成30，则以下关于a、b两点电场强度Ea、Eb及电势a、b的关系正确的是ABCD4、真空中有两根长直金属导线平行放置，其中一根导线中通有恒定电流在两导线所确定的平面内，一电子由P点开始运动到Q的轨迹如图中曲线PQ所示，则一定是（

3、）Aab导线中通有从a到b方向的电流Bab导线中通有从b到a方向的电流Ccd导线中通有从c到d方向的电流Dcd导线中通有从d到c方向的电流5、如图所示的电路中，电源、电压表、电流表都是理想的，当滑动变阻器的触头由a端向b端滑动时，下列说法正确的是A电压表读数增大，电流表读数增大B电压表读数增大，电流表读数减小C电压表读数不变，电流表读数增大D电压表读数不变，电流表读数增减小6、下列各图中,运动电荷的速度方向、磁感应强度方向和电荷的受力方向之间的关系正确的是()AA BB CC DD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对

4、的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、 “验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示。关于该实验，下列说法正确的是（ ）A重物应选用密大的物体B两个限位孔应在同一竖直线上C打点计时器应接低压直流电源D应先释放纸带，后接通电源8、霍尔式位移传感器的测量原理是：如图所示,有一个沿Z轴方向的磁场,磁感应强度、k均为常数,将传感器固定在物体上,保持霍尔元件的电流不变方向如图中箭头所示。当物体沿z轴方向移动时,由于位置不同,霍尔元件在y轴方向的上下表面的电势差U也不同,则A磁感应强度B越大,上下表面的电势差U越小Bk越大,传感器灵敏度越高C若图中霍尔元件是电子导电,则下板电势高D电流I取值越大,

5、上下表面的电势差U越大9、用灯泡L1“6V ，3W ”和灯泡 L2“6V ，6W ” 与理想电压表和理想电流表连接成如图所示的实验电路，其中电源电动势E=9V 。图乙是通过两个灯泡的电流随两端电压变化的曲线。当其中一个灯泡正常发光时（ ）A电流表的示数为 1AB电压表的示数约为 6VC电源的输出功率为 4WD电源内阻为210、如图所示，半径为r的均匀带电圆环带电量为Q（），对称轴（虚线）上的M、N两点关于圆心O点对称。下列说法正确的是（）AO点的场强为B对称轴为等势线CM、N两点的场强大小相等，电势相等D若取无穷远处电势为0，则O点的电势大于0三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题

6、卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）测定电源的电动势和内电阻的实验电路和UI图象如图所示；请回答下列问题：（1）如图甲所示，在闭合开关之前为防止电表过载而移动滑动变阻器的滑动头P，应滑到滑动变阻器_处（填“a”或“b”）（2）现备有以下器材：A干电池1个B滑动变阻器（050）C电压表（03V）D电压表（015V）E电流表（00.6A）F电流表（03A）其中电流表应选_，电压表应选_。（填字母代号）（3）如图乙是根据实验数据画出的UI图象，由此可知这个干电池的电动势E=_V，内电阻r=_。12（12分）从以下器材中选取适当的器材，设计一个测量阻值约为15K的电阻Rx的电路，要求方法

7、简捷，Rx两端的电压从零开始变化，要尽可能提高测量的精度电流表A1：量程300A，内阻r1为300，电流表A2：量程100A，内阻r2=500，电压表V1：量程10V，内阻r3约为15K，电压表V2：量程3V，内阻r410K；电阻R0：阻值约为25，作保护电阻用，额定电流为1A，滑动变阻器R1，阻值约为50，额定电流为1A，滑动变阻器R2，阻值约为1000，额定电流为1A，电池组E：电动势4.5V，内阻很小但不可忽略，开关及导线若干（1）应选用的电流表、电压表、滑动变阻器分别是： 、 、 （填仪表代号）（2）在方框中画出实验电路图（3）用所测数据对应的物理量计算Rx，计算表达式为Rx= 四、计

8、算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如下图所示，电源电动势为12 V，内阻可以忽略，R12 ，R26 ，电动机线圈电阻为1 ，若开关闭合后通过电源的电流为3 A，则R1上消耗的电功率为多少？电动机消耗的电功率为多少？14（16分）如图所示，某同学没计了一个屏蔽高能粒子辐射的装置，圆环形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。将辐射源放在圆心O处，辐射源在纸面内向外辐射质量为m电荷量为q的粒子，粒子速度大小不同，已知环形区域内圆半径为R，外圆半径为R，辐射源放出的粒子恰好均不能从磁场外边界射出，求：（1）辐

9、射源射出粒子的最大速度值；（2）从O点以最大速度射出的粒子第一次回到O点的时间。15（12分）如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.4m，金属导轨所在的平面与水平面夹角=37，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.5T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势E=6V、内阻r=1的直流电源。现把一个质量m=0.04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止。导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.75，金属导轨电阻不计，g取10m/s2。已知sin 37=0.6，cos 37=0.8，求：（1）导体受到的安培力大小；（2）导体棒受

10、到的摩擦力的大小和方向。（3）若感应强度的大小和方向可以改变，为了使导体静止在斜面上且对斜面无压力，此处磁场的磁感应强度B的大小和方向。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据图像的斜率表示电容器的电容，有则该电容器两端的电压从40V降低到36V，电量的减少量为故A正确，BCD错误。故选A。2、B【解析】设AB的距离为r，在A处放电荷量为q的点电荷，在B处放电荷量为Q的点电荷，据库仑定律有：；移去A处电荷，在C处放2q的点电荷，该电荷受到的电场力为：，据同种电荷相斥，异种电荷相吸可知，两力方向相同故选项B

11、正确3、B【解析】反向延长两条电场线交于O点，说明场源电荷在O点，因为电场强度指向外，所以场源电荷是正电荷，a点到O点的距离，b点到O点距离，根据点电荷的场强公式可得：，故，在正电荷的周围越靠近场源电势越高，故有，B正确4、C【解析】注意观察图象的细节，靠近导线cd处，电子的偏转程度大，说明靠近cd处运动的半径小，洛伦兹力提供电子偏转的向心力，Bqv，B.由于电子速率不变，偏转半径变小，说明B变强，一定是cd导线中通有电流，再由左手定则判出安培力的大致方向是偏向左方最后利用安培定则判断出cd中电流方向应由c到d，所以正确答案是C.5、A【解析】由图可知，R与并联后与串联；当滑动变阻器的触头由a

12、端向b端滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，内电压减小，则路端电压增大，故电压表V示数增大；因电路中总电流减小，则两端的电压减小，而路端电压减小，故并联部分电压增大，中电流增大，故电流表读数增大，A正确6、B【解析】A、在磁场中，由右手定则知，正电荷受力方向应该是向上的，故A错误B、在磁场中，由右手定则知，正电荷受力方向应该是向下的，故B正确；C、正电荷在电场中受力方向与电场方向一致，故C错误；D、正电荷在电场中受力方向和电场方向一致，应该向上，故D错误；综上所述本题答案是：B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每

13、小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A实验供选择的重物应该是质量较大、体积较小的物体，这样能减少阻力的影响，故A正确；B两个限位孔应在同一竖直线上，这样能减少摩擦阻力的影响，故B正确； C打点计时器应接交流电源，故C错误；D开始记录时，应先给打点计时器通电打点，等打点稳定后，再释放重锤，故D错误。故选AB。8、BD【解析】AD最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c，有电流的微观表达式为I=nqvS=nqvbc所以B越大，上、下表面的电势差U越大。电流越大，上、下表面的电势

14、差U越大。故A错误，D正确。Bk越大，根据磁感应强度B=B0+kz，知B随z的变化率越大，根据知，U随z的变化率越大，即传感器灵敏度 越高。故B正确。C霍尔元件中移动的是自由电子，根据左手定则，电子向下表面偏转，所以上表面电势高。故C错误。9、CD【解析】ABC由图象可知，L2正常发光的电流为1A，L1的正常发光电流为0.5A，所以，两灯串联在电路中，只有一灯正常发光，则一定是L1，此时电路中的电流为0.5A，由图可知：L2的电压为：U2=2V，此时电压表测L2两端的电压，即电压表的示数为2V；此时电源的输出电压为：U=U1+U2=2V+6V=8V电源的输出功率为：P=UI=8V0.5A=4W

15、故AB错误，C正确。D电源的内阻为：故D正确。10、CD【解析】A由于带电圆环所带正电荷均匀分布，根据对称性及场强叠加原理可得，圆环上各点电荷在O点产生的场强抵消，所以合场强为0，故A错误；BCD由场强叠加原理可判断，在对称轴MN上，场强以O点为中心，沿MN上下对称分布。根据沿电场线方向，电势逐渐降低，可知在MN上O点电势最高，往两边电势逐渐降低，且关于O点对称的两点电势大小相等，若取无穷远处电势为0，则O点的电势一定大于0，故B错误，CD正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、a E C 1.5 0.75 【解析】(1)1

16、由图可知，滑动变阻器右侧接入电路，为了让电流由最小开始调节，闭合开关之前滑动变阻器的滑动头P应放在滑动变阻器接入电阻的最大值位置处，即a处；(2)23电源电动势大约1.5V，因此电压表选择量程为3V的比较合适，故电压表选择C，电路中的电流较小，因此电流表选择0.6A量程的E；(3)45根据闭合电路的欧姆定律可知在图象中图象与纵坐标的交点等于电源的电动势，所以由图可以读出电源的电动势为1.5V，图象中的斜率表示电源的内阻，所以电源的内阻为12、（1）A1 V2R1（2）如图所示（3）【解析】试题分析：由题意可知，电源电压为3V，而待测电阻约为15k，则可知电路中电流的最大值，本着安全准确的原则可

17、以选电压表及电流表；根据电阻阻值与电流表、电压表内阻的大小关系可以选出合理的接法，则可画出电路图；由接法可知RX两端的电压及电流，由欧姆定律可求得电阻值解：（1）因电源电压为3V，故电压表只能选取V2，而由欧姆定律可知，电路中的电流约为I=200A，故电流表应选A1；为了能多测量数据滑动变阻器应采用分压接法；选择小电阻R1；（2）滑动变阻器最大阻值为50，待测电阻阻值为15k，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用内接法，如图所示：（3）由题意可知，电压值为U2，而电流为A2中电流减去电压分流电流，则由欧姆定律可知：RX=r1，U2表示电压表V2的示数，I1

18、表示电流A1的示数r表示电流表的内阻；故答案为（1）A1，V2；R1（2）如上图；（3）r1点评：电学实验的考查重点在于考查：仪表的选择，接法的选择及数据分析和误差分析，知道在什么情况下选用外接法误差较小，什么情况下选用内接法误差较小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、18W；12W【解析】（1）开关闭合后通过电源的电流为3 A，根据串联电路的特点通过R1的电流也为3 A所以R1上消耗的电功率（2）根据并联电路分流特点流经电动机的电流解得:降在电动机上的电压:所以电动机消耗的电功率:14、（1） ；（2）【解析】（1）设离子最大速度为，圆周运动半径为r，由几何关系：由几何关系得：解得： ， 由洛伦兹力提供向心力