2023学年云南省邵通威信县第一中学物理高二第一学期期中教学质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是由电源、灵敏电流计、滑动变阻器和平行板电容器组成的电路，闭合开关，在下列四个过程中，为使灵敏电流计中有到电流，下列做法可行的是A在平行板电容器中插入一块塑料板B增大平行板电容器两极板间的距离C滑动变阻器的滑片向右滑动D减小平行板

2、电容器两极板的正对面积2、如图所示的电路，R1、R2、R3是定值电阻，R4是滑动变阻器，电源内阻不可忽略闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向上移动的过程中()A电压表示数变小B电容器放电C电源的总功率变小D通过滑动变阻器的电流变大3、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）AR1：R2=3：1BR1：R2=1：3C将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：34、如图所示，圆形线圈半径为R、共n匝，正方形虚线范围内有匀强磁场，磁感应强度为B，正方形边长为a，

3、穿过圆形线圈的磁通量为ABa2Bnba2CnBR2DBR25、下列关于电场强度和电势的说法中，正确的是（ ）A电场强度为零的地方，电势一定为零B电势为零的地方，电场强度一定为零C电场强度较大的地方，电势一定较高D沿着电场强度的方向，电势逐渐降低6、如图所示为速度选择器示意图，若使之正常工作，则以下叙述哪个是正确的（ ）A的电势必须高于的电势B匀强磁场的磁感应强度、匀强电场的电场强度和被选择的速度的大小应满足C从出来的只能是正电荷，不能是负电荷D如果把正常工作时的和的方向都改变为原来的相反方向，选择器同样正常工作二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个

4、选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、根据你所学的知识，判断以下说法中正确的是A历史上先发现电磁感应现象，后发现电流的磁效应B在相同电压下，电动机启动时的电流比正常工作时的电流大C探测地雷的探雷器是利用涡流工作的D远距离运输时应将安培表两接线柱用导线连接8、关于电源的电动势，下面说法正确的是( )A电源的电动势等于电源两极间的电压B电动势越大的电源，将其它形式的能能转化为电能的本领越大C电动势的数值等于内、外电路电压之和D电动势只由电源性质决定，与外电路无关9、如图所示，质量相同的两个小球A、B，其中小球A带负电，小球B带正电，但电荷量不等量，二者电荷

5、量的值满足：qAqB，通过绝缘轻弹簧连接，置于绝缘光滑的水平面上，当突然加以水平向右的匀强电场后，两小球A、B将由静止开始运动，在轻弹簧第一次伸到最长的运动过程中，对两个小球和弹簧组成的系统（整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度），以下说法正确的是（ ）A因为小球A、B的质量相等，故系统总动量始终为零B虽然小球A、B的质量相等，但是系统总动量仍然不断增加C小球B的动能先增加后减小，弹簧的弹性势能不断增大D当小球B所受电场力与弹簧的弹力相等时，小球B的动能最大10、如图所示，竖直放置的平行板电容器与定值电阻R、电源E相连，用绝缘细线将带电小球q悬挂在极板间，闭合开关 S后细线与

6、竖直方向夹角为.则有()A保持开关S闭合，将A板向右平移，不变B保持开关S闭合，将A板向左平移，变小C断开开关S，将A板向右平移，不变D断开开关S，将A板向右平移，变小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示电路测量电源的电动势和内阻实验器材：待测电源(电动势约3V，内阻约2 )，保护电阻R1(阻值10 )和R2(阻值5)，滑动变阻器R，电流表A，电压表V，开关S，导线若干实验主要步骤：(i)将滑动变阻器接入电路的阻值调到最大，闭合开关；(ii)逐渐减小滑动变阻器接入电路的阻值，记下电压表的示数U和相应电流表的示数I；(ii

7、i)以U为纵坐标，I为横坐标，作UI图线(U、I都用国际单位)；(iv)求出UI图线斜率的绝对值k和在横轴上的截距a.回答下列问题：(1)电流表最好选用_A电压表(03 V，内阻约15 k)B电压表(03 V，内阻约3 k)C电流表(0200 mA，内阻约2 )D电流表(030 mA，内阻约2 )(2)选用k、a、R1和R2表示待测电源的电动势E和内阻r的表达式E_，r_，代入数值可得E和r的测量值12（12分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流（满刻度电流）为=50A，表头电阻=1k，若改装成量程为=1mA的电流表，应并联的电阻阻值为_（保留3位有效数字）。若将改装后的电流表再改装成量程为=1

8、0V的电压表，应再串联一个阻值为_ 的电阻。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，电源电动势E=1.5V，内阻r=0.6，电阻=3，电阻=4，电阻=6电流表和电压表均为理想电表，闭合电键S，求：(1)电压表的示数； (2)电源的输出功率(结果保留两位有效数字)14（16分）如图所示的示波管，电子由阴极K发射后，初速度可以忽略，经加速后水平飞入偏转电场，最后打在荧光屏上，已知加速电压为U1，偏转电压为U2，两偏转极板间距为d，板长为L，从偏转极板到荧光屏的距离为D，不计重力，求：（1）电子飞出

9、偏转电场时的偏转距离y；（2）电子打在荧光屏上的偏距OP15（12分）质量为1kg的金属杆静止于相距1m的两水平轨道上，金属杆中通有方向如图所示.大小为20A的恒定电流，两轨道处于竖直方向的匀强磁场中.金属杆与轨道间的动摩擦因数为0.6.(g取10m/s2) (1)欲使杆向右匀速运动，求磁场的磁感应强度大小和方向(2)欲使杆向右以加速度为2m/s2作匀加速运动，求磁场的磁感应强度大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据题图可知，考查了含容电路；电路稳定时，该电路中没有电流，滑动变阻器R上没有电压。根据

10、电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电容器所带电量如何变化，就能判断电路中电流的方向。【详解】A、在平行板电容器中插入电介质，根据电容的决定式分析得知电容增大，而电容器的电压不变，则电容的定义式分析得知电容器所带电量增加，将要充电，电路中形成逆时针方向的充电电流，有b到a方向的电流通过电流计。故A正确；B、增大平行板电容器两极板间的距离，根据电容的决定式分析得知电容减小，而电容器的电压不变，则电容的定义式分析得知电容器所带电量减小，将要放电，有a到b方向的电流通过电流计。故B错误；C、电路稳定时，该电路中没有电流，移动滑动变阻器R的滑片，电容器的电压不变，电路中仍没有电流。故C错误

11、；D、减小平行板电容器两极板的正对面积，根据电容的决定式分析得知电容减小，而电容器的电压不变，则电容的定义式分析得知电容器所带电量减小，将要放电，有a到b方向的电流通过电流计。故D错误。【点睛】当电容器保持与电源相连时，电压不变。只有电容器充电或放电时，电路中才有电路。2、C【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑动触头由中点向上移动时，R4变大，电路的总电阻变大，总电流I变小，内电压变小，则路端电压变大，因此电压表示数变大故A错误；电容器两端电压为：U=E-I（r+R2），I变小，故电容器两端电压U变大，带电量变大，电容器充电，故B错误；电源的总功率P=EI，I变小，则P变小，故C正确根据串联电路

12、分压规律知，变阻器两端的电压增大，通过R1的电流变大，而总电流变小，所以通过滑动变阻器的电流变小故D错误故选C考点：电路的动态分析【名师点睛】本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化3、B【解析】AB.由图可得：即R1：R2=1：3故A错误，B正确；C.R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：1，故C错误；D.将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=R2：R1=3：1，故D错误。4、A【解析】由于线圈平面与磁场方向垂直，故穿过该面的磁通量为：边长为a的正方形虚线范围内有匀强磁场，所以磁场的区域面积为：所以故选

13、A。5、D【解析】电场线的疏密程度反映场强大小，沿电场线方向电势逐渐降低，两者的大小没有什么必然的联系，只是都从电场线上可以表示出来所以选D思路分析：根据电场线的特点和引入电场线的目的出发解题试题点评：考查电场线与场强、电势的关系这是本章重点，应该要求学生熟练掌握6、D【解析】试题分析：根据粒子通过复合场后，电场力与洛伦兹力平衡，若正电荷，则P1的电势必须低于P2的电势；若负电荷，则P1的电势仍必须于P2的电势故A错误；匀强磁场的磁感应强度B、匀强电场的电场强度E和被选择的速度v的大小应满足，故B错误；从S2出来的可以是正电荷，也可以是负电荷，故C错误；如果把正常工作时的B和E的方向都改变为原

14、来的相反方向，则电场力与洛伦兹力均反向，因此选择器同样正常工作，故D正确考点：带电粒子在复合场中的运动；速度选择器二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A. 历史上先发现电流的磁效应，后发现电磁感应现象，故A错误B. 电动机启动时，线圈转速慢，产生的反电动势小，故电流较大，所以电动机启动时的电流大于正常工作时的电流，故B正确C. 探雷器中变化电流遇到金属物体，在金属物体上产生涡流，故C正确D. 磁电式电流表在运输过程中需要将两个接线柱用导线短接，是为了让内

15、部产生感应电流从而阻碍指针的振动，从而防止振针因撞击而弯曲变形，故D正确8、BCD【解析】A、在闭合电路中电源两极间的电压等于路端电压，所以电源的电动势并不等于电源两级间的电压，故A错误；B、电动势表示了电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，所以电动势越大的电源，将其它形式的能能转化为电能的本领越大，故B正确；C、电动势等于回路中的总电压，也就等于内、外电路电压之和，故C正确；D、电动势只由电源性质决定，与外电路无关，故D正确；综上所述本题答案是：BCD9、BD【解析】A. 加电场后，A小球受到向左的电场力，B小球受到向右的电场力，两小球所受向左的电场力大于向右的电场力，方向相反，合力向左，

16、所以系统的动量不守恒。系统的总动量向左不断增加，故A错误，B正确 ；C. 系统的总动量向左，当A、B两小球向左速度相等时，弹簧长度达到最大值，在此过程中，小球B先向右加速，后向右减速到零，再向左加速，动能先增大后减小，再增大；弹簧的弹性势能不断增大时，故C错误；D.两小球远离过程，先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断变大的减速运动，故小球B当电场力与弹力平衡时，加速度为零，小球B动能最大，故D正确；故选：BD10、BC【解析】AB保持开关S闭合，电容器两端的电势差不变，将A板向右平移，d减小，则电场强度增大，带电小球所受电场力增大，根据共点力平衡条件知，角变大，反之向左平移A板，角变小

17、，故A错误，B正确；CD断开开关S，电荷量不变，根据：CEC联立解得：E故电场强度大小与两极板间的距离无关，故电场强度不变，所以移动A板，角不变，故C正确，D错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C ka k-R2 【解析】(1) 1通过电路的最大电流约为所以电流表选择C项即可(2)23由图示电路图可知，电源电动势：则：U-I图象的斜率：k=R2+r则内阻r=k-R2令U=0，则有：由题意可知，图象与横轴截距为a，则有：解得：12、52.6 9950 【解析】1把电流表改装成大量程电流表，需要并联电阻阻值：2把电流表改装成电压表，需要

18、串联电阻的阻值：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.6V（2）0.34V【解析】(1)图中电阻R2与R3并联，则外电路总电阻根据闭合电路欧姆定律得：电源的电流:解得：A电压表的示数为：V(2)电源的输出功率为W【点睛】总电流的大小由闭合电路欧姆定律求出总的电流即可；电压表测量路端电压，由欧姆定律求解其示数电源的输出功率可以用路端电压与总电流的乘积求出14、（1）（2）【解析】试题分析：（1）设电子加速度后速度为，1在偏转电场中水平方向：2竖直方向：3以上各式得：4（2）由图中三角形相似得：5由45得：考点：考查带电粒子在电场中的加速和偏转点评：本题难度中等，明确qU公式的应用，粒子进入偏转电场后做的是类平抛运动，这种类型题的难点在于学生公式推导能力比