湖南省娄底市娄星区2023学年高二物理第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列各物理量中，均属于矢量的是（）A路程、速度B加速度、重力势能C电场强度、安培力D磁通量、磁感应强度2、下列关于起电的说法错误的是A一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体一定会带上等量的同种电荷B静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分C摩擦可以起电，是普遍存在的现象，相互摩擦起电的两个物体总是同时带等量的异种电荷D摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者是电子从一个物体转移到另一个物体，后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分3、关于电场线的说法，正确的是

3、( )A电场线是电场中实际存在的线B电场线不是实际存在的线，而是为了形象地描述电场而假象的曲线C电场线可以相交D电场线都是平行等距的直线4、如图所示为电源和导线内移送电荷的情况，则将单位正电荷沿闭合回路移动一周所释放的能量大小决定于（ ）A电源电动势B电路中电流的大小C电源的内阻D电源的容量5、在光滑绝缘的水平面上，有两个相距较近的带同种电荷的小球，将它们由静止释放，则两球间（ ）A距离变大，库仑力变大B距离变大，库仑力变小C距离变小，库仑力变大D距离变小，库仑力变小6、可视为点电荷的A、B两带点小球固定在真空中，所带电荷量均为+q，若仅将A球所带电量变为q，则B球所受的库仑力()A大小和方向

4、均不变B大小和方向均改变C大小改变、方向不变D大小不变、方向改变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一带电小球在空中由A点运动到B点的过程中，只受重力和电场力作用若重力做功3J，电场力做功1J，则小球的（ ）A重力势能增加3JB电势能增加1JC动能减少3JD机械能增加1J8、如图所示，用三根长度相同的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中三个带电小球质量相等，A球带正电，平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零则AB球和C球都带负电荷BB球带负电荷，C球带正电荷CB球

5、和C球所带电量一定相等DB球和C球所带电量不一定相等9、用电动势为E、内阻为r的电源对外电路供电，下列判断中正确的是( )A电源短路时，路端电压为零，电路电流达最大值B外电路断开时，内电压为零，路端电压也为零C路端电压增大时，流过电源的电流一定减小D路端电压增大时，电源的效率一定增大10、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形合D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A离子由加速器的中心附近进入加速器B离子由加速器的边缘进入加速器C离子从磁场中获得能量D离子从电场中获得能量三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

6、不要求写出演算过程。11（6分）在测量一节干电池的电动势和内电阻的实验中，实验电路如图甲所示。(1)实验过程中，为方便操作和减小误差，应选用电流表_和滑动变阻器_（填写选项前字母）A电流表A1（量程0.6A，内阻约0.8） B电流表A2（量程3A，内阻约0.5）C滑动变阻器R1（010） D滑动变阻器R2（0200）(2)实验中要求电流表测量通过电池的电流，电压表测量电池两极的电压。根据如图所示的电路可知：电流表测量值_真实值（选填“大于”或“小于”）(3)用如图甲所示的电路根据正确实验操作测得的数据如下：此数据，在如图乙所示的坐标图上作出UI图线_；实验中测得干电池电动势E_V；内阻r_（保

7、留小数点后两位有效数字）(4)若测量的是新干电池，其内电阻比较小，调节滑动变阻器时，电压表读数变化_。（填“明显”或“不明显”）12（12分）在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，选择“3V0.5A”的小灯泡作为研究对象，请回答下面几个问题：（1）下列实验器材中应选择_（填入器材序号）A电流表（量程00.6A, 内阻约1）B电流表（量程03A，内阻约1）C电压表（量程015V，内阻约10k）D电压表（03V，内阻约2k）E滑动变阻器（阻值01000）F滑动变阻器（阻值010）G电源E6VH开关S，导线若干（2）在本实验中，滑动变阻器应采用_（填“分压”或“限流”）接法，电流表应采用_（填“内”

8、或“外”）接法（3）在方框中画出实验电路图。（_）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在离地4h的平台边缘放一个小球A，在其左侧有一个摆球B，当B球从离平台h高处由静止释放到达最低点时，恰能与A球发生正碰撞，使A球水平抛出，若A球落地时距离平台边缘4h，B球碰撞后能上升到离平台的高度，求（1）碰撞后A球水平抛出时的速度（已知重力加速度为g）（2）A、B两球的质量之比14（16分）如图所示为某一微型电风扇与灯泡L串联的电路，AB两端的电压U恒为20 V，灯泡L标有“12 V、12 W”字样，电动机线

9、圈的电阻若灯泡恰能正常发光，且电动机恰能正常工作运转试求：（1）灯泡正常发光时的电阻RL；（2）电动机的输出功率P出；（3）若灯泡L突然发生短路故障，同时微型电风扇的叶子卡住，电动机停止转动，试求此时通过电动机的电流和发热功率15（12分）如图，在xOy平面第一象限分布一有界匀强电场，电场方向平行y轴向下，左边界为y轴，右边界为x=8l的直线，边界线与x轴交于M点。在第四象限整个区域存在匀强磁场，方向垂直纸面向里一质量为m、带电量为+q的粒子从y轴上P点以初速度v0垂直y轴射入匀强电场，从x轴上Q点以与x轴正方向45角进入匀强磁场已知OPl，不计粒子重力，电场强度E和磁感应强度B大小未知，问：

10、（1）O与Q两点的距离s多大？（2）改变B，可使粒子从P点到M点时间最短，则最短时间t多大?（3）要使粒子能第二次进入磁场，磁感应强度B的取值范围？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A路程是只有大小没有方向的标量，速度是有大小又有方向的矢量，故A错误；B加速度是有大小又有方向的矢量，重力势能只有大小没有方向，故B错误；C电场强度、安培力都是有大小又有方向的矢量，故C正确；D磁通量是只有大小没有方向的标量，磁感应强度是有大小又有方向的矢量，故D错误。故选C。2、A【解析】一个带电体接触一个不带电的物体，只

11、有当两物体等大相同时，两个物体才会带上等量的同种电荷，选项A错误；静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分，选项B正确；摩擦可以起电，是普遍存在的现象，相互摩擦起电的两个物体总是同时带等量的异种电荷，选项C正确；摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者是电子从一个物体转移到另一个物体，后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分，选项D正确；此题是选择错误的，故选A【点睛】电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变3、B【解析】AB. 电场线是人们为形象描述电场而假想的曲线，实际

12、不存在，故A错误，B正确； C. 电场强度是矢量，而电场线的切线方向表示场强的方向，所以电场线不能相交，故C错误； D. 电场线越密的地方，电场强度越大，只有匀强电场的电场线是一簇等距平行的直线，故D错误。4、A【解析】移送电荷一周释放的能量，就是电源供给它的电能，数值上等于电源内部非静电力做功的数值，即WEq，题中限定了单位电荷，可见W的数值只取决于电动势E，故选项A正确，选项B、C、D错误5、B【解析】试题分析：由同种电荷相互排斥和库仑定律分析A、B两个小球间库仑力的变化解：带同种电荷的两个小球，存在相互作用力斥力，它们之间的距离增大，根据库仑定律，它们之间库仑力大小为F=k，Q、q不变，

13、r增大，F减小；当它们之间的距离减小时，同理可知，库仑力F增大，故B正确，ACD错误故选B点评：解答本题时是要注意电荷间存在库仑力，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引6、D【解析】根据库仑公式，则仅将A球所带电量变为q，大小不变，但力的方向改变，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】考点：动能定理的应用；重力势能的变化与重力做功的关系；电势能分析：解决本题需掌握：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；合力做功等于动能的增

14、加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量解答：解：A、重力做功等于重力势能的减小量，重力做功-3J，故重力势能增加3J，故A正确；B、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J；故B错误C、合力做功等于动能的增加量，合力做功等于各个分力做的功，总功为-2J，故动能减小2J，故C错误；D、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，只有电场力做功做功1J，故机械能增加1J，故D正确；故选AD点评：功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度【

15、详解】8、AC【解析】B球受重力及A、C对B球的库仑力而受于平衡状态；则A与C球对B球的库仑力的合力应与重力大小相等，方向相反；而库仑力的方向只能沿两电荷的连线方向，故可知A对B的库仑力应指向A，C对B的作用力应指向B的左侧；则可知B、C都应带负电；故A正确、B错误；由受力分析图可知，A对B的库仑力应为C对B库仑力的2倍，故C带电量应为A带电量的一半；同理分析C可知，B带电量也应为A带电量的一半，故B、C带电量应相同；故C正确，D错误；故选AC点睛：库仑定律考查一般都是结合共点力平衡进行的，因此解题的关键在于做出受力分析图，明确库仑力的方向；则可利用共点力的平衡条件进行解答9、ACD【解析】电

16、源短路时，外电阻为零，所以路端电压为零，电路电流达最大值，A对；外电路断开时，内电压为零，路端电压等于电源电动势，B错；路端电压增大时，内电压一定减小，则流过电源的电流一定减小，C对；路端电压增大时，路端电压与电源电动势的比值变大，电源的效率变大，D对思路分析：理解短路和断路的问题，根据闭合电路欧姆定律路端电压增大说明总电阻增大，所以总电流减小，电源效率是指路端电压与总电动势的比值试题点评：考查闭合电路欧姆定律：的理解10、AD【解析】据回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心附近进入加速器，且在电场中加速，通过磁场回旋，所以从电场中获得能量，故选AD。【点睛】回旋加速器的工作原理是利用

17、电场加速，磁场偏转，且二者的周期相同，被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功，即可加速正电荷也可加速负电荷。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A C 小于 1.50 1.00 不明显 【解析】（1）12一节干电池的电动势约为1.5V，内阻为几欧姆，所以电流表选择量程0.6A的，故选：A；因为干电池的内阻较小，为了方便条件选择最大阻值较小的滑动变阻器，所以选择C；（2）3由电路图可知，由于电压表的分流，电流表示数小于流过电源的电流；即电流表示数小于所需测量的电流值；（3）4根

18、据描点法可得出对应的图象；56根据图象以及闭合电路欧姆定律可知，图象的纵坐标表示电源的电动势，图象的斜率表示内电阻，故E=1.5V， ；（4）7由于新电池内阻较小，根据闭合电路欧姆定律可知，路端电压变化不明显；12、ADFGH 分压 外 【解析】由题意可知考查描绘小灯泡伏安特性曲线实验器材选择、测量电路、控制电路设计，根据实验原理分析可得。【详解】1 小灯泡的额定电流为0.5A，电流表选择0.6A量程，故选择A；额定电压为3V，电压表选择3V量程，故选择D；描绘小灯泡的伏安特性曲线要求电流、电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器的阻值比待测阻值小些时调节更方便，故滑动变阻器选择

19、F；电源、开关导线唯一直接选择，总之实验器材中应选择ADFGH。2 本实验要求小灯泡两端电压从零开始变化，所以滑动变阻器只能选择分压式接法。 3 因小灯泡电阻很小，采用电流表外接法实验误差更小，故电流表采用外接法。4 由以上分析可画得电路图为【点睛】描绘小灯泡的伏安特性曲线时因小灯泡阻值较小，电流表采用外接法，该实验要求小灯泡两端电压从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （2）【解析】(1)碰撞后A球做平抛运动，小球A在水平方向上：4h=vAt，在竖直方向上：解得A球碰后速度为(2)设B球运动到最低点与A球碰撞前的速度为v0，碰撞后的速度大小为vB，则有：mBgh=及mBg=若B球碰撞后向右运动，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mBv0=mB(vB)+mAvA解得两球的质量比为：mA：mB=1：2此条件下系统机械能损失为：E=mBgh，因碰撞过程机械能不能增加，结论合理若B球碰撞后向左运动，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mBv0=mB(vB)+mAvA解得两球的质量比为：mA：mB=3：2此