2023学年天津四中物理高二上期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是A电源电动势在数值上等于电源搬运单位正电荷由正极经由外电路运动到负极所做的功B电阻率是反映材料

2、导电性能的物理量，仅与材料有关，与温度、压力等外界因素无关C点电荷是理想化模型，只有带电量小的带电体才可以看成点电荷D电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，但电容的大小并不是由Q(带电荷量)或U(电压)决定的2、如图所示，在水平向右的匀强电场中，质量为的带电小球，以初速度从点竖直向上运动，通过点时，速度大小为，方向与电场方向相反，则小球从运动到的过程（ ）A动能增加B机械能增加C重力势能增加D电势能增加3、磁记录是信息存储技术发展中的一个里程碑，也是目前信息记录的主要方式之一下列例子中与磁记录无关的是：A医院里拍片；B银行信用卡；C录音机磁带；D计算机磁盘4、为清除高压电线上的凌冰，有人设计了

3、这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰若在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热损耗功率为P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9P，则除冰时（认为输电功率和输电线电阻不变）A输电电流为3IB输电电流为9IC输电电压为3UD输电电压为9U5、在电场中，下列说法正确的是()A某点的电场强度大，该点的电势一定高B某点的电势高，试探电荷在该点的电势能一定大C某点的场强为零，试探电荷在该点的电势能一定为零D某点的电势为零，试探电荷在该点的电势能一定为零6、下列物理量不属于矢量的是（ ）A磁通量B力C电场强度D磁感应强度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有

4、多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图电路中，电源电动势E6V，内阻r1，保护电阻R03，滑动变阻器总电阻R20，闭合电键S，在滑片P从a滑到b的过程中，若安培表内阻忽略，正确的是（ ）A安培表的示数先减小后增大B安培表的示数先增大后减小C滑动变阻器消耗的功率先增大后减小D滑动变阻器消耗的功率先增大后减小，再增大后减小8、在如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，现使R3阻值增大，则（ ）AV表读数变大BA表读数变大CR1上的电压升高D流过R2的电流增大9、两根通电长直导线平行放置，电流大小分别为I1和I2，电流的方向

5、如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上。导线中的电流在这四点产生磁场的磁感应强度可能为零的是Aa点Bb点Cc点Dd点10、下列选项中是用导线做成的圆形或正方形回路，这些回路与一直导线构成几种位置组合(彼此绝缘)下列组合中，切断直导线中的电流时，闭合回路中会有感应电流产生的是()ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R. （1）用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为

6、_mm.（2）若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_(选填“偏大”或“偏小”)12（12分）小亮同学为研究某电学元件(最大电压不超过2.5 V，最大电流不超过0.55 A)的伏安特性曲线，在实验室找到了下列实验器材：A电压表(量程3 V，内阻约6 k)B电压表(量程15 V，内阻约30 k)C电流表(量程0.6 A，内阻约0.5 )D电流表(量程3 A，内阻约0.1 )E.滑动变阻器(阻值范围05 ，额定电流为0.6 A)F.滑动变阻器(阻值范围0100 ，额定电流为0.6 A)G.直流电源(电动势E3 V，内阻不计)H.开关、导线若干该同学设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据(I

7、和U分别表示电学元件上的电流和电压)。(1)为了提高实验结果的准确程度，电流表选_；电压表选_；滑动变阻器选_。(以上均填写器材代号)(2)请在虚线框中画出实验电路图_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）质量为1kg的金属杆静止于相距1m的两水平轨道上，金属杆中通有方向如图所示.大小为20A的恒定电流，两轨道处于竖直方向的匀强磁场中.金属杆与轨道间的动摩擦因数为0.6.(g取10m/s2) (1)欲使杆向右匀速运动，求磁场的磁感应强度大小和方向(2)欲使杆向右以加速度为2m/s2作匀加速运动，求磁场的磁感

8、应强度大小14（16分）三只灯泡L1、L2和L3的额定电压分别为1.5V、1.5V和2.5V，它们的额定电流都为0.3A若将它们连接成图1、图2所示电路，且灯泡都能正常发光（1）试求图1电路的总电流和电阻R2消耗的电功率；（2）分别计算两电路电源的总功率，并说明哪个电路更节能15（12分）如图是欧姆表的工作原理图完成下列列问题。若表头的满偏电流为Ig=500A，干电池的电动势为1.5V，（1）这只欧姆表的总内阻为多少欧姆?（2）把灵敏电流表的电流刻度值对应的欧姆表表盘电阻值填在下表中：参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的

9、。1、D【解析】电源电动势在数值上等于电源搬运单位正电荷由负极经由内电路运动到正极所做的功，选项A错误；电阻率是反映材料导电性能的物理量，与材料有关，与温度、压力等外界因素都有关，选项B错误；点电荷是理想化模型，只有当带电体的电量与所研究的问题相比可以忽略不计时带电体才可以看成点电荷，所以带电量小的不一定能看做点电荷，选项C错误；电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，电容的大小是由电容器本身决定的，并不是由Q(带电荷量)或U(电压)决定的，选项D正确；故选D.2、B【解析】由动能的表达式可知带电小球在M点的动能为，在N点的动能为，所以动能的增量为，故A错误；带电小球在电场中做类平抛运动，竖直方

10、向受重力做匀减速运动，水平方向受电场力做匀加速运动，由运动学公式有，可得，竖直方向的位移，水平方向的位移，因此有，对小球写动能定理有，联立上式可解得，因此电场力做正功，机械能增加，故机械能增加，电势能减少，故B正确D错误，重力做负功重力势能增加量为，故C错误3、A【解析】银行信用卡、录音机磁带以及计算机磁盘都与磁记录有关，而医院里拍片与磁记录无关；故选A4、A【解析】高压线上的热耗功率为：P=I2R线；若热耗功率变为9P，则有：9P=I2R线，由两式得I=3I，所以A正确，B错误又输送功率不变，由P=UI=UI得U=U/3，所以CD错误故选A.5、D【解析】电场强度与电势没有直接关系，A错；对

11、于负电荷电势越高电势能越小，B错；同理C错；D对；6、A【解析】标量是只有大小，没有方向的物理量，矢量是既有大小又有方向、运算时遵循平行四边形定则的物理量。磁通量的定义为穿过某一面积的磁感线的条数，故为标量，BCD错误，A正确。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：当滑片P从a到b过程中，总电阻先变大再变小，故电流先变小后变大，故选A；研究滑动变阻器的功率时，把R0当做电源内阻，内阻为4滑动变阻器为外电路，当外电阻等于内阻时的那个小电源的输

12、出功率最大，滑片在中央时电阻最大为5，故滑动变阻器从a到中央时功率先变大再变小，从中央滑到b时，功率先变大再减小，故选D。考点：本题考查了等效电源的输出功率问题8、AD【解析】B由图可知，R2与R3并联，再与R1串联，当R3阻值增大时，电路中总阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流减小，故电流表示数减小，故B错误；A内电压减小，由U=E-Ir可知，路端电压增大，电压表示数增大，故A正确；C因电流减小，故R1两端的电压降低，故C错误；D因内电压以及R1两端的电压降低，故并联部分电压增大，R2中电流增大，故D正确。故选AD。9、AB【解析】A根据安培定则可知两电流在a 点磁感应强度的方向相反，

13、若 I1I2由于a离I1近，故在a点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度。则a点磁感应强度可能为1故A正确；B根据安培定则可知两电流在b点的磁感应强度的方向相反，若I1I2，由于I2离b点近，则B点点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度，故b点磁感应强度可为1故B正确；CD根据安培定则可知两电流在 c 点的B的方向分别向右下方和左下方，故合成后c点的磁感应强度不为1；同理两电流在 d 点的B的方向分别向左下方和右下方，故合成后b点的磁感应强度不为1；故CD错误；故选AB。10、CD【解析】A、电流与线圈的直径重合，线圈中的磁通量始终等于0，不会产生感应电流，故A错误；B、线

14、圈与导线垂直，磁感线与线圈平面平行，穿过线圈的磁通量始终等于0，不会产生感应电流，故B错误；C、导线位于线圈的上部，导线上边的面积比较小，穿过线圈上边的一部分的磁通量小于穿过线圈下边的一部分的磁通量，总磁通量的方向向里；切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生，故C正确；D、导线位于线圈的右侧，穿过线圈磁通量的方向向外，切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生，故D正确点睛：根据电流周围的磁场的特点，判断出线圈内的磁通量，然后根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化进行分析判断三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答

15、题处，不要求写出演算过程。11、 (1) 0.698 (2)偏小【解析】（1）螺旋测微器的读数为（2）乙图电路中，由于电压表分流，导致电流表测量值偏大，故根据可知电阻测量值偏小12、 (1)C； A； E； (2)【解析】(1)根据电流和电压的测量数据可知需要选择的电流表量程应稍大于0.5A，故选C；电压表的测量范围为02V，所以应选用电压表A；电流电压均是从零开始的，所以应选用滑动变阻器的分压式接法，故应选用小电阻大电流的滑动变阻器E；(2)由于测量电阻阻值较小，电流表的分压效果显著，所以电流表应采用外接，又因为电流从零开始，所以滑动变阻器采用分压式，实验电路图如下：四、计算题：本题共2小题

16、，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.3T，方向竖直向上 （2）0.4T【解析】(1)根据安培力方向和电流方向来判断磁感应强度的方向；根据安培力和摩擦力相等，计算磁感应强度的大小；(2)利用牛顿第二定律求得新的安培力，进而求出新的磁感应强度。【详解】(1)杆向右匀速运动，说明杆受到的安培力是向右的，根据左手定则可以知道，磁场的方向竖直向上杆向右匀速运动，安培力大小和杆受到的摩擦力大小相等，则BIL=mgB=mgIL=0.6110201T=0.3T(2)欲使杆向右以加速度2m/s2作匀加速运动，由牛顿第二定律可知BIL-mg=ma则B=mg+maIL=0.6110+12201T=0.4T14、（1），；（2）图2电路比图1电路节能【解析】（1）由题意，在图1电路中：灯泡正常发光，其电流均为额