福建省长泰县第一中学2023学年高二物理第一学期期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电场中有一点P，下列说法正确的是A若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B若P点没有试探电荷，则P点的场强为零CP点的场强越大，则同一电荷在P点受的电场力越大

2、DP点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向2、光滑绝缘细杆与水平面成角固定，杆上套有一带正电的小球，质量为m，带电荷量为q，为使小球静止在杆上，可加一匀强电场所加电场的场强满足什么条件时，小球可在杆上保持静止（ ）A垂直于杆斜向上，场强大小为B竖直向上，场强大小为C垂直于杆斜向下，场强大小为D水平向右，场强大小为3、下列研究物理问题的方法相同的是（ ）a根据电流所产生的效应认识电流 b研究电流时把它比作水流c根据磁铁产生的作用认识磁场 d利用磁感线来描述磁场Aa 与b Bb 与dCa 与c Dc 与d4、12根长直导线并排成长为l的直导线带ab，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，其位置如图

3、所示，P1到导线带左端的距离等于P2到导线带右端的距离，所有长直导线中均通有大小相等、方向垂直纸面向外的恒定电流，ab上所有直导线产生的磁场在P1处的合磁感应强度大小为B1，在P2处的合磁感应强度大小为B2，若仅将右边6根直导线移走，则P2处的磁感应强度大小为()ABB2B1CB1DB15、如图所示，平行板电容器两板间距离为d，电场强度为E，a、b为电容器中的两点则（ ）Aa点的电势等于b点的电势B电荷q在a点所受的电场力等于在b点所受的电场力C电荷q在a点的电势能等于在b点的电势能Da、b两点之间的电势差u=Ed6、使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上3Q和5Q的电荷后，将它们

4、固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2.则F1与F2之比为A21B41C161D601二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、示波管的内部结构如图甲所示如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心如果在偏转电极XX/之间和YY/之间加上图丙所示的几种电压，荧光屏上可能会出现图乙中(a)、(b)所示的两种波形则A若XX/和YY/分别加电压(3)和(1

5、)，荧光屏上可以出现图乙中(a)所示波形B若XX/和YY/分别加电压(4)和(1)，荧光屏上可以出现图乙中(a)所示波形C若XX/和YY/分别加电压(3)和(2)，荧光屏上可以出现图乙中(b)所示波形D若XX/和YY/分别加电压(4)和(2)，荧光屏上可以出现图乙中(b)所示波形8、如图所示的电路中，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，则有（）AV1表读数变大BV2表读数变大C电源的总功率变小DA表读数变小9、如图所示，一轻弹簧的两端与质量分别为和的两物块甲、乙连接，静止在光滑的水平面上现在使甲瞬时获得水平向右的速度，当甲物体的速度减小到1m/s时，弹簧最短下列说法正确的是()A此时

6、乙物体的速度也是1m/sB紧接着甲物体将开始做加速运动C甲乙两物体的质量之比D当弹簧恢复原长时，乙物体的速度大小也为4m/s10、如图所示，台秤上放一光滑平板，其左边固定一挡板，一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时台秤读数为F1，现在磁铁上方中心偏左位置固定一导体棒，当导体棒中通以方向如图所示的电流后，台秤读数为F2，则以下说法正确的是()A弹簧长度将变长B弹簧长度将变短CF1F2DF1F2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用多用电表粗略测量一定值电阻的阻值，他先把选择开关旋到“1k”挡，测量时指针偏转如甲图所示，为

7、了比较精确的测量，他进行了下列合理的操作：A将换挡旋钮调至“_”倍率；B重新将红、黑两表笔短接，调节_调零旋钮（填图甲中“A”或“B”）使指针指到图中欧姆表刻度盘中的_刻度线位置；（填“0”或“”）C将待测电阻两端金属线与红、黑两表笔接触，这时刻度盘上的指针位置如乙图所示，则该定值电阻阻值为_12（12分）某同学用如图所示可拆变压器做实验（两幅图分别是实物图和所连的电路图）。将单刀双掷开关打到1，增大副线圈匝数，小灯泡的亮度将_填“变亮”、“变暗”或“不变”。该同学利用该装置进一步探究电容器对交变电流的影响，他将开关打到2，小灯泡发光，现增大输入端的交流电源频率，小灯泡的亮度_填“变亮”、“变

8、暗”或“不变”。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两平行金属导轨间的距离，金属导轨所在的平面与水平面夹角，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度，方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场金属导轨的一端接有电动势、内阻的直流电源；现把一个质量的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻，金属导轨电阻不计，g取已知，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力；（3）导体棒受到的摩擦力；（4）若将磁场方向改为竖直向上,要使金属杆继续保持静

9、止,且不受摩擦力左右,求此时磁场磁感应强度的大小？14（16分）用30cm的细线将质量为410-3的带电小球P悬挂在点下，当空中有方向为水平向右，大小为1104N/C的匀强电场时，小球偏转37后处在静止状态(1)分析小球的带电性质;(2)求小球的带电量;(3)求细线的拉力.15（12分）如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，且CD4cm，CD连线和场强方向成60角。已知一电量q=3.210-19C的负电荷从D点移到C点的过程中电场力做功为3.210-17J，求：（1）匀强电场的场强的大小和方向；（2）A、B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势

10、为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】AB. 电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在P点电荷减半或无检验电荷，P点的场强不变，故A错误，B错误；C. 据F=Eq知，P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确；D. 据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，所以P点的场强方向为正电荷在该点的受力方向，与负电荷受力方向相反，故D错误。2、B【解析】A若电场方向垂直于杆斜向上，小球受到的电场力方向也垂直于杆斜向上，在垂直于杆的方向小球受力能平衡，而在平行于杆方向，

11、重力有沿杆向下的分力，没有力与之平衡，则小球将向下滑动，不能保持静止故A错误；B若电场方向竖直向上，此时球受两个力，竖直向上的电场力和竖直向下的重力，根据二力平衡可知，Eq=mg，故故B正确；C如电场方向垂直杆斜向下，在垂直于杆的方向上，小球受力能平衡，而在平行于杆方向，小球的重力和电场力沿杆有向下的分力，不能平衡，小球将沿杆向下滑动故C错误；D若电场方向向右，此时受三个力，重力、电场力和支持力重力和电场力垂直于杆方向的分力的合力和支持力等值反向，重力和电场力沿杆子方向的分力大小相等方向相反，有mgsin=Eqcos故故D错误故选B3、C【解析】a.根据电流所产生的效应认识电流，电流无法观察，

12、根据电流产生的效果进行研究运用的是转换法b.研究电流时把它比作水流，运用的是类比法；c.根据磁铁产生的作用来认识磁场，运用的是转换法；d.磁场是特殊的物质，看不见，摸不着，利用磁感应线来描述磁场，运用的是模型法；故选C.4、B【解析】由磁场的叠加原理可知，P1处的磁感应强度B1等于右边6根直导线在P1处产生的磁感应强度；P2点的磁感应强度B2等于12根通电导线在P2处的磁感应强度，也等于右边6根直导线在P2处产生的磁感应强度与左边6根直导线在P2处产生的磁感应强度的和；因右边6根直导线在P2处产生的磁感应强度等于右边6根直导线在P1处产生的磁感应强度B1，则当仅将右边6根直导线移走时，P2处的

13、磁感应强度大小为B2B1；A，与结论不相符，选项A错误；BB2B1，与结论相符，选项B正确；CB1，与结论不相符，选项C错误；DB1，与结论不相符，选项D错误；5、B【解析】因为沿电场线方向电势逐渐降低，可知a点的电势高于b点的电势故A错误平行板电容器间的电场为匀强电场，场强大小和方向处处相同，则电荷在a点所受的电场力等于 在b点所受的电场力故B正确因为a点的电势高于b点的电势，若电荷带正电，则电荷在a点的电势能大于在b点的电势能，若电荷带负电，则电荷在a点的电势能小于b点的电势能故C错误两极板间的电势差等于Ed，而a、b两点的电势差小于两极板间的电势差故D错误故选B点睛：解决本题的关键知道沿

14、电场线方向电势逐渐降低，掌握判断电势能高低的方法：1、根据电场力做功进行判断，2、根据Ep=q进行判断6、D【解析】开始时由库仑定律得：；现用绝缘工具使两小球相互接触后，各自带电为Q，因此此时：；联立得：F2=F1，则F1与F2之比为 60：1，故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象XX偏转电极要接入锯齿形电压，即扫描电压B和D在XX偏转电极所加的电压（4）不可能要水平向完成偏转，而AC在XX偏

15、转电极接入的是（3）锯齿形电压可实现显示的为YY偏转电压上加的是待显示的信号电压故AC正确，BD错误故选AC考点：示波器的原理.8、AC【解析】A.闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片P向上移动，变阻器接入电路的阻值变大，则外电路的总电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，总电流变小，则路端电压变大，即V1表读数变大，故A正确；B.总电流变小，根据部分电路的欧姆定律，R1两端的电压变小，即V2表读数变小，故B错误；C.电源的总功率为PEI，E不变，I减小，电源的总功率变小。故C正确；D.R2两端的电压加上R1两端的电压等于路端电压，即U1U2U，R1两端的电压变小，路端电压变大，所以R2两端的电压变大

16、，故R2中的电流变大，即A表读数变大。故D错误；故选AC；9、AC【解析】根据运动情况和题意结合分析可知当甲物体的速度减小到1m/s时，弹簧最短且此时共速，把甲、乙看成一个系统满足动量守恒： ，代入数据解得：，故AC正确；弹簧被压缩短后，弹簧逐渐恢复原长，m2依然加速，m1开始减速，故B错误；当弹簧恢复原长时，根据动量守恒：，能量守恒：，联立并代入数据解得：，故D错误所以AC正确，BD错误10、BC【解析】当在磁铁上方偏左位置固定一导体棒时，图中所示的电流，由右手螺旋定则的，产生绕导线的顺时针的磁场，磁感应强度随距离的增而减小，所以相当于给了磁铁一个向左上的力，所以弹簧长度将变短，F1大于F1

17、所以选BC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 100 B 0 2100【解析】指针偏角过大，则说明电阻小，要用小档位：100档；换档后要重新进行欧姆调零，故选B；短接红、黑表笔使指针刻度为0的位置；电阻值为：21100=2100。12、变亮 变亮 【解析】将单刀双掷开关打到1，增大副线圈匝数，根据原副线圈电压与其匝数成正比，当增大副线圈匝数，小灯泡的电压增大，那么小灯泡的亮度将变亮；将开关打到2，小灯泡发光，根据容抗公式，现增大输入端的交流电源频率，则容抗减小，通过电容器的电流更大，灯泡会变亮；【点睛】解决本题的关键知道容抗对交流电的阻碍作用的大小与什么因素有关明确容抗的决定因素可以帮助定性分析四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1.5A；（2）0.30N，沿斜面向上；（3）0.06N（4）0.5T【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律得：（2）导体棒受到的安培力为：F安=BIL=0.30N由左手定则可知，安培力沿斜面向上（3）对导体棒受力分析如图，将重力正交分解，沿导轨方向有：F1=mgsin37=0.24NF1F安，根据平衡条件可知，摩