2023学年浙江省宁波市余姚市余姚中学物理高二第一学期期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，下列说法正确的是A粒子可能带负电，在b点时速度较大B粒子的电势能在b点

2、时较大C粒子的加速度在a点时较大D粒子一定带正电，动能先变小后变大2、分析下列运动时，可将加点标示的物体看作质点的是( )A瓢虫翅膀的煽动B乒乓球的旋转C运动员跨栏D火星绕太阳公转3、如图为儿童蹦床的照片，儿童绑上安全带，在两根弹性绳的牵引下上下运动在儿童从接触蹦床到最低点的过程中A蹦床对人的弹力做正功，蹦床的弹性势能变大B蹦床对人的弹力做正功，蹦床的弹性势能变小C蹦床对人的弹力做负功，蹦床的弹性势能变大D蹦床对人的弹力做负功，蹦床的弹性势能变小4、如图所示，一金属圆环水平固定放置，现将一竖直的条形磁铁，在圆环上方沿圆环轴线无初速度释放，在条形磁铁穿过圆环的过程中，条形磁铁与圆环A始终相互吸引

3、B始终相互排斥C先相互吸引，后相互排斥D先相互排斥，后相互吸引5、中子星是恒星演化过程的一种可能结果，它的密度很大现有一可视为均匀球体的中子星，观测到它的自转周期为T=s，要维持该星体的保持稳定，不致因自转而瓦解的最小密度约是（引力常量G=6.671011m3/kgs2）（）A=1.271014kg/m3B=1.271013kg/m3C=1.271015kg/m3D=1.271016kg/m36、图甲所示，水平放置的接地金属板正上方有一固定的正电荷Q，一表面绝缘的带正电小球（可视为质点且不影响Q的电场），从左端以初速度v滑上金属板的上表面，金属板上表面光滑，则小球在向右运动到右端的过程中（已知

4、如图乙所示的接地金属板与点电荷之间的电场分布与图丙中虚线右侧的电场分布是一样的）A先加速运动，后减速运动B先减速运动，后加速运动C受的电场力不做功D受的电场力的冲量为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A、B两个带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q和q，两球间用绝缘细线连接，A球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为L。现在两球所在的空间加上一方向水平向左的匀强电场，电场强度， A、B两球最后会静止在新的平衡位置，则在这个过程中，两个小球 ( )A总重

5、力势能增加了B总重力势能增加了C总电势能减少了D总电势能减少了8、如图所示，在等量正电荷连线的中垂线上取A、B、C、D四点，A、D两点与B、C两点均关于O点对称，设各点电势分别为A、B、C、D下列说法正确的是（）AAB CDBA=D B=CCA=B=C=DDAC BD9、如图所示，三个质量相等的，分别带正电、负电和不带电的小球，以相同速率在带电金属板的P点沿垂直于电场方向射入电场，落在A、B、C三点，则（ ）A落到A点的小球带正电、落到B点的小球不带电、落到C点的小球带负电B三小球在电场中运动时间相等C三小球到达正极板的动能关系是EkAEkBEkCD三小球在电场中的加速度关系是aCaBaA10

6、、两个通电小球带电后相互推斥，如图所示。两悬线跟竖直方向各有一个夹角 a 、 ，a 且两球在同一水平面上。则一定能判断的是 A两球的质量大小关系B两球带电量大小关系C绳子中的拉力大小关系D两球带同种电荷三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） (1)如图所示，游标卡尺的读数为_cm，(2)如图所示，螺旋测微器的读数为_mm，(3)如图所示，电流表接00.6 A量程，电流表的读数为_A12（12分）左图为游标卡尺，右图为螺旋测微器，它们的示数为（1）_mm；（2）_mm；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处

7、，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，虚线MN左侧有一场强为E1=E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E2=2E的匀强电场，E1和E2的方向垂直。现将一电子（电荷量为e，质量为m）无初速度地放入电场E1中的A点（A点离两场边界距离为12L），最后电子从PQ射出电场E2，AO与虚线MN和PQ均垂直，求：（1）电子从释放到刚射出电场E2时所用的时间；（2）电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角的正切值tan。14（16分）如图所示，两平行金属板A、B长8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一带正电的粒子电荷量q=

8、1010C，质量m=1020kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度0=2106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域，（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响），已知两界面MN、PS相距为12cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上，距离界面PS为9cm，粒子穿过界面PS最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上（静电力常数k=9.0109Nm2/C2）（粒子重力忽略不计）（1）求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离多远？到达PS界面时离D点多远？（2）确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小15（12分）

9、如图，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L=2.0m。若将电荷量均为q=+2.010-6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k=9.0109Nm2/C2。求：(1)两点电荷间的库仑力大小；(2)C点的电场强度的大小和方向。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据轨迹弯曲方向，知粒子所受的电场力方向沿电场线切线方向向右，所以该电荷是正电荷，电场线的疏密表示场强的大小，由图可知a点的电场强度比b点的小，则粒子在a所受的电场力小，所以粒子的加速度在a点时较小，故C错误；粒子从

10、a点到b点，电场力先做负功，再做正功，电势能先增加后降低，动能先变小后变大，但从a点到b点的整个过程电场力做的总功是正功，所以a点的电势能大于b点，a点的动能小于b点，故AB错误，D正确所以D正确，ABC错误2、D【解析】试题分析：瓢虫翅膀的煽动、乒乓球的旋转以及运动员跨栏时各部分的运动情况不同，故不能看做质点；而在研究火星绕太阳公转时，火星的大小和形状均可忽略不计，故可看做质点，故选D考点：质点.3、C【解析】由题中“两根弹性绳的牵引下上下运动”可知，本题考查弹力做功和弹性势能的变化，根据对物体运动过程的分析可解答本题。【详解】AB、从从接触蹦床到最低点的过程中，弹力和儿童的运动方向相反，多

11、以蹦床对人的弹力做负功，AB错误；CD、由于弹力做负功，因此蹦床的弹性势能变大，故C正确D错误。4、D【解析】因圆环从开始下降到达磁铁中间时，磁通量一直增大；而当从中间向下运动时，磁通量减小时；则由楞次定律可知，当条形磁铁靠近圆环时，感应电流阻碍其靠近，是排斥力；当磁铁穿过圆环远离圆环时，感应电流阻碍其远离，是吸引力，故先相互排斥，后相互吸引；故D正确，ABC错误。5、A【解析】解：要维持该星体的保持稳定，则中子星上半径为R处的质量为m的物体随中子星自转时所需向心力不大于它受到的万有引力；万有引力相当于质量的物体距m为R时对m的万有引力，故有：；所以， ，所以， ，故A正确，BCD错误；点睛：

12、星体不解体的临界条件是万有引力完全用来提供向心力6、C【解析】在金属板表面所形成的电场的电场线垂直于金属板表面，其表面为等势面，故射入的正电荷所受的电场力始终竖直向下，电场力不做功，因此小球做匀速直线运动，故C正确、AB错误；电场力做功为零，电场力的冲量Ft并不为零，故D错误故选C【点睛】本题关键抓住静电平衡导体的特点：整体导体是一个等势体，表面是一个等势面在等势面上移动电荷电场力不做功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】把A、B两球看成一个整体水平方向受

13、的电场力为零，从竖直方向受力分析，可知：A绳始终是竖直的，即A球的的重力势能不变；隔离B，水平向右电场力F=qE=mg；向下重力也是mg，对其受力分析根据平衡条件可知：B绳与水平成450，这时B球位置升高，所以重力势能增加，故A正确，B错误；由于B电荷向右移动了，所以电场力对B电荷做功为，所以电势能减少了，故C错误，D正确。所以BD正确，AC错误。8、AB【解析】试题分析:由等量同种点电荷的电势分布知：，AB对考点:等量同种点电荷的电势分布图【名师点睛】几种常见的典型电场的等势面比较电场等势面（实线）图样重要描述匀强电场垂直于电场线的一簇平面点电荷的电场以点电荷为球心的一簇球面等量异种点电荷的

14、电场连线的中垂面上的电势为零等量同种正点电荷的电场连线上，中点电势最低，而在中垂线上，中点电势最高9、AD【解析】B.三个小球都做匀变速曲线运动，运用运动的分解法可知，三个小球水平方向都做匀速直线运动，由图看出，水平位移的关系为xAxBxC，而它们的初速度v0相同，由位移公式x=v0t得知，运动时间关系为tAtBtC故B错误；AD.三个小球在竖直方向都做匀加速直线运动，竖直位移大小y相等，由位移公式y=at2得到，加速度的关系为aAaBaC根据牛顿第二定律得知，三个小球的合力关系为：FAFBFC三个质量相等，重力相等，可知，A所受的电场力向上，C所受的电场力向下，则A带正电、B不带电、C带负电

15、，故AD正确；C.由上分析得到，电场力对A做负功，电场力对C做正功，而重力做功相等，而且重力都做正功，合力对小球做功A最小，C最大，初动能相等，则根据动能定理得知，到达正极板时动能关系EKAEKBEKC故C错误故选AD10、ACD【解析】D、两个球相互排斥,故一定带同种电荷,故D对A、对左侧小球受力分析,受重力mg,拉力T和静电斥力F,如图根据平衡条件,有F=Tsin mg=Tcos 计算得：F=mgtan 再对右侧小球受力分析,同理有F=Mgtan 两个小球之间的库仑力相等，因为a，所以mM ，故A对；B、两个小球之间的库仑力相等，根据F=kQ1Q2r2 则没办法判断两个小球带电量之间的关系

16、，故B错；C、根据勾股定理可知T=F2+G2 ，由于mM，所以质量大则绳子的拉力大一点，故C对；故选ACD【点睛】两球相互排斥,故带同种电荷,根据牛顿第三定律可以知道相互排斥力相等,与带电量无关;再根据平衡条件得到排斥力的表达式进行分析.本题关键是对小球受力分析,根据平衡条件得到电场力表达式,然后再结合牛顿第三定律进行分析判断.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.015cm 3.205mm 0.16A 【解析】(1)1游标卡尺的读数为5cm+0.05mm3=5.015cm；(2)2螺旋测微器的读数为3mm+0.01mm20.5=3.

17、205mm；(3)3电流表接00.6 A量程，最小分度为0.02A，则电流表的读数为0.16A.12、100.35 9.953 【解析】（1）1.游标卡尺的主尺读数为100mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为70.05mm=0.35mm，所以最终读数为：100mm+0.35mm=100.35mm（2）2.螺旋测微器的固定刻度为9.5mm，可动刻度为45.30.01mm=0.453mm，所以最终读数为9.5mm+0.453mm=9.953mm；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2mLe

18、E（2）2【解析】（1）电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律和运动学公式得：a1=eE1m=eEm L2=12a1t12联立得 t1=mLeE粒子刚进入电场E2时的速度v1=a1t1电子在电场E2中水平方向做匀速直线运动，运动时间为t2=Lv1联立得t2=mLeE运动的总时间为t=t1+t2=2mLeE（2）设电子射出电场E2时沿平行电场线方向的速度为vy。根据牛顿第二定律得，电子在电场中的加速度为 a2=eE2m=2eEmt2=Lv1vy=a2t2则 tan=vyv1解得：tan=2【点睛】本题考查带电粒子在电场中的加速和偏转类型，要明确粒子受力情况，根据力与运动关系找出运动规律，由牛顿第二定律和运动学公式结合即可求解。14、（1）3cm 12cm （2）1.04108C【解析】试题分析：带电粒子垂直进入匀强电场后，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动由牛顿定律和运动学公式求出粒子飞出电场时的侧移量，由几何知识求解粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离；由运动学公式求出粒子飞出电场时速度的大小和方向，粒子穿过界面PS后