2023学年江苏省清江中学物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图电路中，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，则（ ）A电压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮B电压表读数变小，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮C电压表读数变小，通

2、过灯L2的电流变大，灯L1变暗D电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗2、如图，一个质子（）和一个粒子（）从静止开始通过A,B两板间的加速电场后飞出，不计重力的作用，则（）A它们通过加速电场所需的时间之比是B它们通过加速电场过程中速度的增量之比是C它们通过加速电场过程中动能的增量之比是D它们通过加速电场过程中电势能的减少量之比是3、如图所示是某导体的IU图线，图中45，下列说法不正确的( )A通过该导体的电流与其两端的电压成正比B此导体的电阻R不变CIU图线的斜率表示电阻的倒数，所以Rcot 451 D在该导体两端加6V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3C4、当在电场中某点放入电荷

3、量为q的正试探电荷时，测得该点的电场强度为E，若在同一点放入电荷量为q2q的负试探电荷时，测得该点的电场强度()A大小为E，方向与E相同B大小为2E，方向与E相同C大小为2E，方向与E相反D大小为E，方向与E相反5、把一支枪水平固定在小车上，小车放在光滑的水平面上，枪发射出一颗子弹时，关于枪、 弹、车，下列说法正确的是A枪和弹组成的系统，动量守恒 B枪和车组成的系统，动量守恒C三者组成的系统，因为枪弹和枪筒之间的摩擦力很小，使系统的动量变化很小，可以忽略不计，故系统动量近似守恒 D三者组成的系统，动量守恒，因为系统只受重力和地面支持力这两个外力作用，这两个外力的合力为零6、示波管是示波器的核心

4、部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示从电子枪发射出的电子在经过加速电场加速和两个偏转电场偏转，最后打在荧光屏上如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（）A极板X应带负电；极板Y应带负电B极板X应带负电；极板Y应带负电C极板X应带负电；极板Y应带负电D极板X应带负电；极板Y应带负电二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（ ）AR1：R2=1：3BR1：R2=3：1C将R

5、1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=3：18、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有A、B、C三点,如图甲所示,一个电荷量为210-3C质量为0.1kg的小物块(可视为质点)从C点静止释放,其运动的v-t图象如图乙所示,其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)，则下列说法正确的是A由C到A的过程中物块的电势能一直增大BB点为中垂线上电场强度最大的点,场强E=100V/mC由C点到A点电势逐渐降低DA、B两点间的电势差UAB=5V9、如图所示，ABCD是磁感应强度为B的匀强磁场的边界AB=2a、B

6、C=a，磁场方向垂直纸面向里。一细束质量为m、电荷量为+q的粒子以大小不同的速度在纸面内从E点垂直AB边界射入磁场，BE=a/2，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用，关于粒子在磁场中运动的情况，下列说法中正确的是（）A在磁场中的运动时间相同的粒子入射速度相同B到达D点的粒子入射速度大小v=C落在AD边的粒子在磁场中运动的最短时间为D粒子在磁场中运动的最长时间为10、关于电场与磁场，下列说法正确的是（ ）A电流周围存在的是电场B磁极周围存在磁场C磁极与磁极之间通过磁场而相互作用D磁极与电流之间没有相互作用三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11

7、（6分）某物理兴趣小组要描绘一个标有“3V 0.8W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，且尽量减小实验误差可供选用的器材除导线、开关外，还有：a.电池组（电动势为4.5V，内阻约为1）b.电流表（量程为0300mA，内阻约为1）c.电压表（量程为3V，内阻约为3k）d.滑动变阻器（最大阻值为20，额定电流为1A）(1)实验电路应选用图中的_（填选项字母）.(2)请按照(1)中正确选择的实验电路，补充完成图甲中的实物连线_.(3)以电压表的示数U为横轴，以电流表的示数I为纵轴，根据实验得到的多组数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示由图乙可知，随着电压的增大，小灯泡的电

8、阻_（选填“增大”或“减小”），发生这一变化的原因是_.(4)从图乙可知，当灯泡两端电流为0.26A时，小灯泡的功率等于_W（结果保留两位有效数字）.12（12分）在探究磁场产生电流的条件，做了下面实验：（1）实验（一）如图甲研究对象：由线圈，电流表构成的闭合回路。磁场提供：条形磁铁。请完成下面实验操作及观察到现象。偏转涂A，不偏转涂B。磁铁的动作电流表的指针（偏转或不偏转）条形磁铁插入线圈过程条形磁铁插入线圈中静止条形磁铁取出线圈过程表中三空分别为：_；_；_.（2）实验（二）如图乙研究对象：线圈B和电流表构成的闭合回路磁场提供：通电线圈A请完成下面实验操作填写观察到现象。偏转涂A，不偏转涂

9、B。电路改变情况电流表的指针（偏转或不偏转）断开开关，移动变阻器滑片接通开关瞬间接通开关，移动变阻器滑片接通开关，变阻器滑片不移动断开开关瞬间表中五空分别为：_；_；_；_；_；（3）由上两个实验我们得出磁场产生感应电流的条件是_A穿过闭合电路有磁场 B穿过闭合电路有磁场量C穿过闭合电路的磁通量发生变化 D磁通量发生变化四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在竖直平面内有一范围足够大且斜向右上方的匀强电场，方向与水平方向成=45角。在电场中有一质量为m，带电荷量为q的带电小球，用长为L不可伸长的绝缘细线悬挂于

10、固定轴O上。小球可以在与O点等高的M点处于静止状态，如图所示。现用外力将小球拉到最低点P，然后无初速度释放，重力加速度为g。求（1）电场强度E的大小及小球从P运动到M过程中电势能的变化量；（2）小球运动到M点时速度大小；（3）小球运动到M点时，若细线突然断开，再经过多长时间小球速度方向与电场方向相同。14（16分）如图所示，质量m=0.2kg的小物体从斜面上A点以一定的初速度沿斜面滑下，在B点没有动能损失，水平面BC在C点与光滑半圆轨道CD平滑连接，D是最高点。小物体与AB、BC 面的动摩擦因数均为=0.25，AB的长度L=5m，AB的倾角为37，BC的长度s=8m，CD为半圆轨道的直径，CD

11、的长度d=3m，不计空气阻力，（sin37=0.6，cos37=0.8）。(1)求小物体从A点滑到BC平面上，重力做的功；(2)若小物体能够到达D点，则小物体经过C时对圆形轨道的最小压力是多大? (3)若小物体经过D点飞出后落在B点，则小物体在A位置的初动能是多大?15（12分）将一个电量为2109 C的点电荷从电场中的N点移动到M点， 需克服电场力做功1.4 108 J，求：(1)N、M 两点间的电势差UNM 为多少？(2)若将该电荷从M移到N，电场力做什么功？UMN为多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C

12、【解析】解： 两灯和滑动变阻器组成的电路，其中在干路上， 和变阻器并联后与串联，电压表测量的是两端电压，即测变阻器两端电压.当滑动变阻器的滑片从端向端滑动时，变阻器连入电路中的阻值减小，变阻器与并联的阻值减小，电路的总电阻减小；根据闭合电路欧姆定律，外电阻的减小使干路电流增大，可知通过的电流增大；电源内阻上的电压增大，外电路两端的电压减小，由于电流增大， 的电功率增大， 变亮；且两端电压增大， 两端电压减小，电压表的示数减小； 两端电压减小，使通过的电流减小；且的电功率减小， 变暗.所以C正确2、D【解析】A.粒子在匀强电场中做匀加速直线运动满足：，又因为，故，故A错误；BC.电场力做功W电=

13、qU，根据动能定理，电场力作功等于动能的增量，由W电=Ek-Ek0，故它们通过加速电场过程中动能的增量之比为电荷量之比为1:2，故速度的增量为：，故BC错误；D.根据电场力做功之比为1:2，而电场力做功等于电势能的减少量，故它们通过加速电场过程中电势能的减少量之比是1:2故D正确故选：D【点睛】根据匀变速运动的位移公式和牛顿第二定律计算讨论时间关系；根据电场力做的功等于电势能的减少量，只有电场力做功时，电场力做功等于动能的增量判断动能的增量和电势能的变化量，进一步判断速度的增量3、C【解析】A、由图可以知道,电流随着其两端的电压的增大而增大,故电流与其两端的电压成正比，故A 正确B、由 可以知

14、道,图象的斜率表示电阻的倒数，则由图象可以知道即导体的电阻是一定值，故B正确，C错误；D、在R两端加6V的电压时,电路中电流 ,则每秒通过电阻的电荷量为，故D正确；本题要不正确的是，所以C是不正确的综上所述本题答案是：C 4、A【解析】依题，当在电场中某点放入电量为q的正试探电荷时，测得该点的场强为E，若在同一点放入电量为q=2q的负试探电荷时，电场强度的大小和方向都不变，即该点的场强大小仍为E，方向与E相同。故选A。【点睛】本题考查对电场强度物理意义的理解电场强度是反映电场本身性质的物理量，与试探电荷无关，电场中同一点，不管放什么电荷，放不放电荷，该点的电场强度大小和方向都是一定的5、D【解

15、析】试题分析：当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，枪和弹组成的系统中枪受到小车的作用力，外力不为零，系统动量不守恒，A错误；在枪和车组成的系统中，枪受到子弹的作用力，系统外力不为零，B错误；枪、弹、车组成的系统，它们之间相互作用的力为内力，比如枪弹和枪筒之间的摩擦力，系统所受外力之和为零，系统动量守恒，故C错误D正确考点：考查了动量守恒定律6、B【解析】电子受力方向与电场方向相反,因电子向X偏转,则电场方向为X到X,则极板X应带负电；同理可知,因电子向Y偏转,则电场方向Y到Y，因此极板Y应带负电，故B正确，ACD错误。故选：B.点睛：由亮斑位置可知电子偏转的方向，由电子所受电场力

16、的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以故A正确，B错误；C串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比故C错误；D并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比故D正确8、BC【解析】由能量守恒定律分析电势能的变化情况根据v-t图可知物块在B点的加速度最大，此处电场强度最大，根据牛顿第二定律求场强的最大值由C到A的

17、过程中物块的动能一直增大，根据电场线的方向分析电势的变化，由动能定理可求得AB两点的电势差。【详解】A项：从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故A错误；B项：带电粒子在B点的加速度最大，为am=47-5ms2=2ms2，所受的电场力最大为 Fm=mam=0.12N=0.2N，则场强最大值为Em=Fmq=100NC，故B正确；C项：据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确；D项：从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为 vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定

18、理得：qUAB=12mvB2-12mvA2=-1J，解得：UAB=-500V，故D错误。故应选：BC。【点睛】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，要知道v-t图切线的斜率表示加速度，由动能定理求电势差是常用的方法。9、CD【解析】粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，分析清楚粒子运动过程，根据粒子做圆周运动的周期公式与粒子转过圆心角、应用牛顿第二定律分析答题。【详解】粒子在磁场中做圆周运动的周期：与粒子的速度无关，从AB边离开磁场的粒子在磁场中的运动时间：t=T都相等，从AB边的不同位置离开磁场的粒子运动轨迹不同，粒子轨道半径r不同，粒子速度不同，故A错误；当粒子速度较小时，粒

19、子从AB边离开磁场，粒子运动轨迹与CD相切时从AD边的最高点离开磁场，粒子速度再增大，粒子将从CD边离开磁场，粒子不可能从D点离开磁场，故B错误；粒子运动轨迹与CD相切时粒子从AD边离开，此时粒子的运动时间是从AD边离开磁场的粒子中运动时间最短的，粒子运动轨迹如图所示：由几何知识得，粒子运动轨迹：r=a，粒子在磁场中转过的圆心角：=180=120，粒子在磁场中的运动时间：，故C正确；粒子从AB边离开磁场时在磁场中的运动时间最长，为：，故D正确。所以CD正确，AB错误。【点睛】本题考查了带电粒子在匀强磁场中的运动，粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，分析清楚粒子运动过程是解题的前提与关键

20、，根据粒子运动过程与周期公式、应用几何知识即可解题。10、BC【解析】:A、电流的周围存在磁场；静电荷周围存在的是电场，故A错误；B、磁极的周围存在磁场，故B正确；C、磁极与磁极之间可能通过磁场而产生相互作用，故C正确；D、磁极对电流会产生安培力的作用，故D错误综上所述本题答案是：BC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B 增大 灯丝电阻率随灯丝温度的升高而增大 0.57 【解析】(1)本实验要求灯泡两端的电压由零逐渐增大，故滑动变阻器应采用分压接法；由于灯泡内阻，因此应采用电流表外接法，故选择B电路；(2)实验电路选择电流表的外接法+

21、滑动变阻器的分压式，实物连线如图所示：(3) I-U图象中每个点的割线斜率表示电阻的倒数，则可知随着电压的升高电阻增大；原因是灯丝电阻随温度的升高电阻率增大；(4)由图乙读得灯泡的电流I=0.26A，则灯泡的实际功率为.12、（1）ABA（2）BAABA（3）C【解析】（1）由试验一电路图可知，线圈与电流表组成闭合回路，电流表指针偏转说明电路中有感应电流产生；电流表指针不偏转，说明电路中没有感应电流产生；由表中信息可知：当条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，电流表偏转，产生感应电流；当条形磁铁静止在线圈内不动时，穿过线圈的磁通量不变，电流表不偏转，没有产生感应电流；故三个空分别为：A；B；A.（2）根据电路图及表中信息可知：断开开关，移动变阻器滑片接，穿过副线圈磁通量不变，不产生感应电流，则电流表指针不偏转接通开关瞬时、接通开关，移动变阻器滑片，原线圈中电流变化，则穿过副线圈的磁通量变化，产生感应电流，电流表指针偏转接通开关，变阻器滑片不移动，原线圈中的电流不变，穿过副线圈的磁通量不变，不产生感应电流，电流表指针不偏转断开开关瞬间，穿过副线圈磁通量减小，产生感应电流，电流表指针偏转故表中五个空分别为：B；A；A；B；A.（3）由此可知，感应电流产生的条件是：穿过闭合线圈的磁通量发生变化；故选C四、计