2023学年陕西省物理高二上期中质量跟踪监视试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下图中标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是ABCD2、

2、如图所示，甲、乙两图分别有等量同种的电荷A1、B1和等量异种的电荷A1、B1在甲图电荷A1、B1的电场中，a1、O1、b1在点电荷A1、B1的连线上，c1、O1、d1在A1、B1连线的中垂线上，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1；在乙图电荷A1、B1的电场中同样也存在这些点，它们分别用a1、O1、b1和c1、O1、d1表示，且O1a1=O1b1=O1c1=O1d1则Aa1、b1两点的场强相同，电势相同Bc1、d1两点的场强相同，电势相同Ca1、b1两点的场强相同，电势相同Dc1、d1两点的场强相同，电势相同3、在静电场中，一个电子由a点移到b点时电场力做功为+4 eV，则下列判断中正确的

3、是（ ）A电子的电势能增加4 eVB电子的电势能减少4 eVC电子的电势能减少5 eVDa、b两点间电势差Uab=4 V4、真空中两个完全相同的金属小球 A、B 带同种电荷（可看成点电荷），其所带电量大小之比为 1:9，相隔一定距离时，它们之间的库仑力大小为 F，现将 A、B 球接触后再放回原处，则它们之间的库仑力大小变为ABCD5、两电荷之间相互作用力的大小与电荷量及距离的关系遵守哪个定律（ ）A牛顿定律 B库仑定律 C安培定律 D焦耳定律6、下列单位是电容单位的是（ ）A安培B伏特C法拉D瓦特二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目

4、要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图是一个多用电表的简化电路图S为单刀多掷开关，通过操作开关，可以接通1，也可以接通2、3、4、5或1下列说法正确的是A当开关S分别接1或2时，测量的是电流，其中S接1时量程较大B当开关S分别接3或4时，测量的是电阻，其中A是黑表笔C当开关S分别接3或4时，测量的是电阻，其中A是红表笔D当开关S分别接5和1时，测量的是电压，其中S接5时量程较大8、如图所示，理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表下列说法正确的是A当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示

5、数变大C当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大D若闭合开关S，则电流表A1示数变大、A2示数变小9、汤姆孙利用真空玻璃管测得了电子的电量与质量的比值，叫电子的比荷。大致测量方法是：在同一区域中加上相互垂直的匀强电场和匀强磁场，控制场强和磁感应强度，让加速后的电子从O位置进入该区域后做直线运动，打到荧光屏上O点；撤去电场，电子束将打在荧光屏上P点。简化情形如图所示，为得到比荷A需要直接测量电子进入O位置时的速度vB需要直接测出OP的距离，并根据仪器参数得到OO的距离C需要记录匀强电场的场强和匀强磁场的磁感应强度D若撤去电场后玻璃管中漏入少量空气，电子运动会受到一定阻碍，比荷的测量

6、值会偏大10、在匀速圆周运动中，线速度（ ）A大小不变B大小不断改变C方向不变D方向不断改变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的实践和探究：（1）用游标卡尺测量摆球直径 d，如右图所示，则摆球直径为_cm，测量单摆摆长为l ；（2）用秒表测量单摆的周期。当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为 0，单摆每 经过最低点记一次数，当数到 n=60 时秒表的示数如右图所示，秒表读数为_s，则该单 摆的周期是 T=_s（保留三位有效数字）；（3）将测量数据带入公式 g=_（用 T、 l

7、 表示），得到的测量结果与真实的重力加速度 值比较，发现测量结果偏大，可能的原因是_；A误将 59 次数成了 60 次 B在未悬挂单摆之前先测定好摆长 C将摆线长当成了摆长 D将摆线长和球的直径之和当成了摆长（4）该同学纠正了之前的错误操作，尝试测量不同摆长 l 对应的单摆周期 T，并 在坐标纸上画出 T2与 l 的关系图线，如图所示。由图线计算出的重力加速度的值g=_m/s2，（保留 3 位有效数字）12（12分）（1）在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中，两位同学用游标卡尺测量小球的直径如图1、2所示测量方法正确的是_.(填“图1”或“图2”)图3的读数是_ cm(2)下列做法有利于减小实

8、验误差的是_A适当加长摆线 B质量相同，体积不同的摆球，应选用体积较大的C单摆偏离平衡位置的角度不能太大D当单摆经过平衡位置时开始计时，经过一次全振动后停止计时，用此时间间隔作为单摆振动的周期(3)北京时间2005年5月22日上午10点05分，中国女子登山队首次登上珠穆朗玛峰顶峰，五星红旗再一次在珠峰峰顶飘扬若登山队员利用单摆来确定珠峰的高度，测得该单摆在海平面处的周期是T0在峰顶的周期是T，则珠峰顶峰的海拔高度h=_ (地球可看作质量均匀分布的半径为R的球体)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一台小型电

9、动机在380V电压下正常工作时，能将30kg的货物在30s内匀速提升30m，通过它的电流是1A除电动机线圈生热，其它能量损失不计，求在此过程中：(1)拉力对货物做功的功率;(2)电动机的输出功率;(3)电动机线圈所产生的热量14（16分）如图所示，边长为L的正方形区域abcd内存在着匀强电场电荷量为q、动能为Ek的带电粒子从a点沿ab方向进入电场，不计重力(1)若粒子从c点离开电场，求电场强度E的大小；(2)若粒子离开电场时动能为Ek，求电场强度E的大小15（12分）光滑的平行金属导轨长x=2 m，两导轨间距L=0.5 m，轨道平面与水平面的夹角=30，导轨上端接一阻值为R=0.6的电阻，轨道

10、所在空间有垂直轨道平面向上的匀强磁场，磁场的磁感应强度B=1 T，如图所示，有一质量m=0.5 kg、电阻r=0.4的金属棒ab，放在导轨最上端，其余部分电阻不计己知棒ab从轨道最上端由静止开始下滑到最底端脱离轨道的过程中，电阻R上产生的热量Q1=0.6 J，取g=10 m/s2，试求：(l)当棒的速度v1=2 m/s时，电阻R两端的电压；(2)棒下滑到轨道最底端时速度的大小；(3)棒下滑到轨道最底端时加速度a的大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A磁场方向向里，电流方向向右，根据左手定则判断，安培力

11、F方向向上，A错误；B电流方向与磁场方向平行，所以通电导线不受安培力的作用，B错误；C磁场方向向左，电流方向垂直纸面向外，根据左手定则判断，安培力方向向下，C正确；D磁场方向向上，电流方向向右，根据左手定则判断，安培力垂直纸面向外，D错误；故选C。2、D【解析】试题分析：由等量同种电荷的电场分布可知，a1、b1两点的电势相同，场强大小相同，但是方向不同，选项A错误；c1、d1两点的电势相同，场强大小相同，但是方向不同，选项B错误；由等量异种电荷的电场分布可知，a1、b1两点的场强相同，电势不相同，选项C错误；c1、d1两点的场强相同，电势相同，选项D正确.考点：电场强度；电势.3、B【解析】A

12、BC：一个电子由a点移到b点时电场力做功为+4 eV，电子的电势能减少4 eV。故B项正确，AC两项错误。D：a、b两点间电势差Uab=Wabq=4eV-e=-4V，故D项错误。4、C【解析】设两个电荷电量分别为q和9q；接触以前：接触后各带电量：两者之间的作用力：A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论相符，选项C正确；D，与结论不相符，选项D错误；5、B【解析】两电荷之间相互作用力的大小与电荷量及距离的关系遵守库伦定律，故选B.6、C【解析】A安培是电流的单位故A错误；B伏特是电压、电势差的单位故B错误；C法拉是电容的单位故C正确；D瓦特是功率的单位故D错误。

13、故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A项：由图可知当转换开关S旋到位置1、2位置是电流表，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大；故A正确；B、C项：测量电阻时欧姆表内部应接电源，由图可知测电阻只有接3或4；A与电源的负极相连，故A为红表笔；故B错误，C正确；D项：要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、1时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到1的量程比旋到5的量程大，故D错误点晴

14、：本题考查多用表的原理，应熟练掌握其测量原理，及电表的改装办法明确电流表时表头与电阻并联，电压表时，表头与电阻串联；而欧姆表时内部要接有电源8、BD【解析】滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电阻变大，则干路电流变小，则R1消耗的功率变小，A错误；干路电流变小，R1分压变小，则电压表V的测量的电压变大，示数变大，则B正确；因输出电流变小，则输出功率变小即输入功率变小，电流表A1示数变小，则C错误；闭合开关S并联支路增加，电阻变小，则副线圈即R1的电流变大，分压变大，则R2的分压变小，电流变小电流表A1示数随副线圈电流的变大而变大，则D错误【点睛】考查电路的动态分析：本题中P的移动与电键的闭合均会

15、引起电阻的变小，再由电路的联接关系可分析各表的示数的变化，可见明确电路的结构是求解的关键9、BCD【解析】当电子匀速穿过电磁场时，有：Eq=Bqv，解得：v=EB，再根据电子在磁场中做圆周运动规律，测出OP以及OO的距离，即可明确电子转动半径，再根据洛伦兹力充当向心力即可求出比荷，所以不需要测量速度；但需要记录匀强电场的场强和匀强磁场的磁感应强度以及直接测出OP的距离，并根据仪器参数得到OO的距离，故A错误，BC正确；若撤去电场后玻璃管中漏入少量空气，电子运动会受到一定的阻碍，电子的速度减小，对应的半径减小，根据R=mvqB，可知：qm=vBR，则说明比荷的测量值会偏大，故D正确。所以BCD正

16、确，A错误。10、AD【解析】匀速圆周运动的速度大小不变，方向沿物体运动的切线方向，不断在变化着，故AD正确，BC错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.06cm ； 67.4s 2.24s g=42lT2 AD g=9.86m/s2 【解析】（1）游标卡尺的主尺读数为20mm,游标读数为0.16=0.6mm ,则最终读数为20.6mm=2.06cm.（2）秒表的读数为60s+7.4s=67.4s,则周期T=67.430=2.24s,（3）根据T=2Lg 解得：g=42lT2,A.误将 59 次数成了 60 次 ，导致测量时周期T测

17、小，根据g=42lT2可知g值测量值偏大，故A对；B.在未悬挂单摆之前先测定好摆长 ，导致测量的摆长小于真实的摆长，根据g=42lT2可知g值偏小；故B错C.将摆线长当成了摆长没有加小球的半径，导致测量的摆长偏小，根据g=42lT2可知g值偏小，故C错；D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长，导致测量的摆长变长，根据g=42lT2可知g值偏大；故D对；故选AD（4）根据T=2Lg可得：T2=42lg ，则在T2与 l 的关系图线中，斜率代表k=42g 根据图像可求出：k=4.85-3.251.20-0.80=4 则g=9.86m/s2 故本题答案是：（1）2.06cm ； （2）67.4s ；

18、2.24s （3）g=42lT2；AD （4）g=9.86m/s2【点睛】游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数,不需估读.秒表的读数等于小盘读数加上大盘读数.根据单摆的周期公式得出T与L的关系式,结合关系式得出图象的斜率.解决本题的关键掌握单摆测量重力加速度的原理,以及掌握游标卡尺和秒表的读数方法,难度不大12、图乙； 0.885； AC； 【解析】（1）用游标卡尺测量小球的直径，应将小球卡在外抓的刀口上，故图乙正确；由20刻度的游标卡尺的读数可知读数为；（2）A单摆的摆长越长，周期越大，适当加长摆长，便于测量周期，故A正确B要减小空气阻力的影响，应选体积较小的摆球，故B错误C单摆在摆角很小

19、的情况下才做简谐运动,则单摆偏离平衡位置的角度不能太大,一般不超过5，故C正确D单摆周期较小，把一次全振动的时间作为周期，测量误差较大，应采用累积法，测多个周期的时间取平均值作为单摆的周期，故D错误（3）设峰顶的重力加速度为g，海平面的重力加速度为，则由万有引力的公式有，由单摆的周期公式；将和分别代入单摆的周期可是化简可得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 300W；(2) 300W；(3) 2400J【解析】(1)货物匀速上升，故牵引力等于重力，故有：F=mg=3010=300N；上升的速度为：v=1m/s；故牵引力的功率为：P=FV=3001W=300W；(2)电动机的输出功率为300W(3)由能量守恒定律可知：Q=UItmgh=38013030030=2400J；【点睛】本题主要考查了能量守恒定律、非纯电阻电路综合应用属于容易题解决这类问题关键要认识到能量转换的关系，例如本题是一部分电能转换成机械能（电动机的输出功率