2023学年云南省玉溪市江川一中物理高二上期中达标检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于对电流和电动势概念的理解下列说法正确的是A电动势就是电源两极的电压B电压U=W/q和电

2、动势E=W/q中的W不一样的，U=W/q中的W是静电力所做的功C在电源内部正电荷、负电荷都由负极流向正极D一段金属导体中单位体积内的自由电子数目越多，则形成的电流越大2、有一灵敏电流计，允许通过的最大电流(满偏电流)为Im=1mA，表头电阻Rm=20，若改装成一个量程为3V的电压表（ ）A串联一个3000的电阻B并联一个3000的电阻C串联一个2980的电阻D并联一个2980的电阻3、如图中分别标明了通电直导线中电流I、匀强磁场的磁感应强度B和电流所受安培力F的方向，其中正确的是（ ）ABCD4、如图所示，一束粒子（不计重力，初速度可忽略）缓慢通过小孔O1进入极板间电压为U的水平加速电场区域I

3、，再通过小孔O2射入相互正交的匀强电场和匀强磁场区域II，其中磁场的方向如图所示，磁感应强度大小可根据实际要求调节，收集室的小孔O3与O1、O2在同一条水平线上.则（ ）A该装置可筛选出具有特定质量的粒子B该装置可筛选出具有特定电荷量的粒子C该装置可筛选出具有特定比荷的粒子D该装置可筛选出具有特定功能的粒子5、阅读下列材料，完成下面小题，解答时不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2, 小明第一次下落过程中做自由落体运动位移的大小约为A30 mB40mC60 mD70 m6、如图所示灯与灯的电阻相同，当滑动变阻器R的滑片P向上滑动时，两灯亮度变化情况是( )A灯变亮，灯变亮B灯变暗，灯变亮C

4、灯变暗，灯变暗D灯变亮，灯变暗二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,在重力加速度为g的空间,有一带电量为+Q的场源电荷置于O点,B、C为以O为圆心,半径为R的竖直圆周上的两点,A、B、O在同一竖直线上,AB=R,O、C在同一水平线上.现在有一质量为m,电荷量为-q的有孔小球,沿光滑绝缘细杆AC从A点由静止开始下滑,滑至C点时的速度的大小为5gR,下列说法正确的是A从A到C小球做匀加速直线运动B从A到C小球的机械能守恒CA、C两点间的电势差为UAC=D若将小球从

5、A点沿ABO自由释放,则下落到B点时的速度大小为3Rg8、有A、B、C个完全相同的金属球对地绝缘，A带的正电荷，B、C不带电现每次将两个球相互接触后分开，使它们都带电，则A、B、C所带的电荷量可能是下面组数据ABCD9、以下说法中正确的是A只要有可以自由移动的电荷，就存在持续电流B金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场力作用下形成的C单位时间内通过导体截面的电荷量越多，导体中的电流越大D在金属导体内当自由电子定向移动时，它们的热运动就消失了10、平行板电容器两极板间距为d、极板面积为S，电容为，其中0为常量对此电容器充电后断开电源当增加两板间距时，电容器 （）A电势差减小B电容减小C电势

6、差不变D电荷量不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一只电流表的满偏电流为Ig=3 mA，内阻为Rg=100，若改装成量程为I=30mA的电流表，应并联的电阻阻值为_；若将改装改装成量程为U=15V的电压表，应串联一个阻值为_的电阻12（12分）（1）图1是改装并校准电流表的电路图，已知表头A的量程为Ig=600A内阻为Rg，mA是标准电流表，要求改装后的电流表量程为I=60mA完成下列填空图1中分流电阻Rp的阻值为_（2）在电表改装成后的某次校准测量中，a表的示数如图2所示，由此读出流过a电流表的电流为_ mA，此时流过分流电

7、阻Rp的电流为_mA（结果均保留一位小数）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,用一根绝缘轻绳悬挂一个带电小球,小球的质量为.现加一水平方向向左的匀强电场,场强,平衡时绝缘线与竖直方向的夹角为,求:小球带何种电荷,电荷量为多大?14（16分）如图所示，在光滑绝缘水平面上，用长为2L的绝缘轻杆连接两个质量均为m的带电小球A和BA球的带电量为2q，B球的带电量为3q，两球组成一带电系统虚线MN与PQ平行且相距3L，开始时A和B分别静止于虚线MN的两侧，虚线MN恰为AB两球连线的垂直平分线视小球为质点，不

8、计轻杆的质量，在虚线MN、PQ间加上水平向右的匀强电场后，系统开始运动已知MN、PQ间电势差为U不计A，B两球间的库仑力，两球均视为点电荷。试求：(1)开始运动时，带电系统的加速度大小；(2)A球刚运动到PQ位置时的速度大小；(3)带电系统从静止开始向右运动的最大距离。15（12分）下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害某地有一倾角为=37（sin37=）的山坡C，上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量也为m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数1减小为，B

9、、C间的动摩擦因数1减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第1s末，B的上表面突然变为光滑，1保持不变已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l=17m，C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力取重力加速度大小g=10m/s1求：（1）在01s时间内A和B加速度的大小；（1）A在B上总的运动时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】电动势的大小是电源的开路电压，A错误；电压和电动势中的W不一样的，中的W是静电力所做的功，B正确；在电源内部，电流由负极流向正极，故正电荷由正极流向负极，负电荷由负极流向正

10、极，C错误；由知，电流与n、q、v、S有关，D错误。【名师点睛】电动势（1）电源：电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化成电势能的装置。（2）电动势：非静电力搬运电荷所做的功与搬运的电荷量的比值，单位：V。（3）电动势的物理含义：电动势表示电源把其他形式的能转化成电势能本领的大小，在数值上等于电源没有接入电路时两极间的电压。2、C【解析】灵敏电流计改装为电压表需要串联电阻，串联的电阻A. 串联一个3000的电阻与分析不符，A错误B. 并联一个3000的电阻与分析不符，B错误C. 串联一个2980的电阻与分析相符，C正确D. 并联一个2980的电阻与分析不符，D错误3、A【解析】直接根据左手定

11、则判断受力即可【详解】根据左手定则，四指指向电流方向，磁场垂直手心过，拇指所指的方向即为通电导线受力的方向，故C对；ABD错；故选C4、C【解析】在复合场中，粒子所受电场力与洛伦兹力合力为0，即，可得，该装置筛选出的是具有特定比荷的粒子，C对。5、A【解析】绳子长度为30m内，小明在下降30m内，仅受重力，做自由落体运动，可知小明自由落体运动的位移为30m故选A6、A【解析】由图可知，与R并联后与串联再与并联；当滑片向上滑动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中电流减小，由可知，路端电压增大，故的亮度增大，因路端电压增大，则中的电流增大，但因总电流减小，故流过的电流减小，故分压减小，则并联部分电

12、压增大，故变亮；选A【点睛有】由图可知电路结构；根据滑片的移动得出滑动变阻器的电阻的变化；由闭合电路欧姆定律可得出电流的变化及路端电压的变化；再分析局部电路可得出两灯的亮度变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】试题分析：小球所受电场力在变化，加速度在变化，物体做变加速运动，所以A错误。电场力做正功，电势能减少，机械能增加，所以B错误。从A到C，所以；从A到B，,且，所以。故选CD考点：考查电场力做功点评：难度中等，再利用W=qU计算电场力做功问题时，要注

13、意W和U的下脚标，明确重力、电场力做功只与初末位置有关，与路径无关8、BC【解析】两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分；A带的正电荷，B、C不带电，最终必定有其中的两个电量相等【详解】由于两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分，假设A与B先接触，接触后电量都是：，然后B（或A）与C接触，接触后的电量： ，不可能比小，C与A接触后分开的电量为，故AD错误，BC正确；故选BC【点睛】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分；接触的过程中电量既不会增加，也不会减少9、BC【解析】A. 电流产生的条件为：自由移动的电荷及导体两端有电势差。只有可以

14、自由移动的电荷，导体两端没有电势差，就不能形成持续电流；故A错误；B. 由电流的条件可知，金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场力作用下定向移动形成的；故B正确；C. 电流的定义为通过导体横截面的电量与所用时间的比值，所以单位时间内流过导体横截面的电量越多，电流越大；故C正确；D. 自由电子在定向移动的同时，还会进行热运动；故D错误；10、BD【解析】增加两板间距时，根据电容的决定式，可知电容减小，故B正确；对此电容器充电后断开电源，故电量Q一定，故D正确；根据QUC，由上可知电势差增加，故A C错误。所以BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答

15、题处，不要求写出演算过程。11、11.1 4900 【解析】改装成电流表要并联的阻值为：改装成电压表要串联的阻值为： 【点睛】改装成电流表要并联电阻分流，电阻值等于满偏电压除以所分最大电流，改装成电压表要串联电阻分压，电阻值等于量程除以满偏电流减去原内阻12、 49.5 49.0 【解析】改装电流表要并联一电阻Rp，并联一电阻后流过表头a的电流为Ig，流过Rp的电流为IR，而加在表头和Rp上的电压相等，即IgRg=IRRp【详解】第一空.由于Rg和Rp并联，由IgRg=IRRp和I=Ig+IR得：第二空.由图2知流过a电流表的电流I为49.5mA； 第三空. 设此时流过表头的电流为Ig，流过R

16、P的电流为IR，加在表头和Rp上的电压相等，故有：IgRg=IRRpI=（Ig+IR）解得：IR=49.005mA49.0mA【点睛】解决此类问题要充分理解电表改装原理，电路的分压分流原理四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、正电 【解析】因为电场力F方向向左，故小球带正电受力分析如图: 由小球受力平衡有：，联立解得:14、 (1)(2)(3)【解析】(1)开始运动时，带电系统的加速度，根据牛顿定律有：解得：(2)从开始运动，到A球刚运动到PQ位置，根据动能定理：解得：(3)带电系统向右运动分三段：B球进入电场前、带电系统在电场中、A球出电场设A球离开PQ的最大位移为x，由动能定理得： 解得：所以：15、（1）a1=3m/s1； a1 =1m/s1；（1）4s【解析】本题主要考查牛顿第二定律、匀变速运动规律以及多物体多过程问题；（1）在0-1s内，A和B受力如图所示由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得: . 以沿着斜面向下为正方向，设A和B的加速度分别为，由牛顿第二定律可得： 联立以上各式可得a1=3m/s1 a1 =1m/s1 .（1）在t1=1s，设A和B的加速度分别为，则v1=a1t1=6m/s v1=a1t1=1m/s tt1时，设A和B的加速度分别为，此时AB