湖南省郴州市湘南中学2023学年物理高二上期中质量跟踪监视模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示为电源和导线内移送电荷的情况，则将单位正电荷沿闭合回路移动一周所释放的能量大小决定于（ ）A电源电动势B电路中电流的大小C电源的内阻D电源的容量2、一个阻值为R的电阻两端

2、加上电压U后，通过导体截面的电荷量q与通电时间t的图象如图所示.此图线的斜率(即tan )等于( )AUBRCD3、关于感应电流，下对说法正确的是（）A只要穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中就一定有感应电流B只要闭合导线做切割磁感线运动，导线中就一定有感应电流C若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，闭合电路中一定没有感应电流D当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中一定有感应电流4、一电子在电场中沿着如图所示的径迹运动，AB，BC，CD， DE，电场力对电子所做的功分别为-2eV，+8eV，-4eV，+3eV，则上述各点中电势最高的点和电势最低的点分别为( )AA和EBC和BCD和ADD

3、和E5、如图所示，充电的平行板电容器两板间形成匀强电场，以A点为坐标原点，AB方向为位移x的正方向，能正确反映电势随位移x变化的图像是（ ）ABCD6、甲、乙两铁球质量分別是m甲1kg、m乙2kg，在光滑水平面上沿同一直线运动，速度分别是v甲6m/s、v乙2m/s，甲追上乙发生正碰后两物体的速度有可能是（）Av甲4m/s，v乙7m/sBv甲2 m/s，v乙4m/sCv甲3m/s，v乙3 m/sDv甲4m/s，v乙3m/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、（4分）（2

4、010秋琅琊区校级期末）如图所示，平行板电容器的A板带正电，与静电计上的金属球相连；平行板电容器的B板和静电计的外壳均接地此时静电计指针张开某一角度，则以下说法中正确的是（ ）AB板向左平移，静电计指针张角变大BB板向上平移，静电计指针张角变大C在两板间插入介质板，静电计指针张角变大D在两板间插入金属板，（金属板与A、B板不接触）静电计指针张角变大8、一带电小球在空中由A点运动到B点过程中，受重力、电场力和空气阻力三个力若重力势能增加3 J、机械能增加0.5 J、电场力做功1 J，则小球( )A重力做功为3 JB动能减少2.5 JC克服空气阻力做功0.5 JD电势能增加1 J9、如图所示，一直

5、流电动机与阻值R9 的电阻串联在电源上，电源电动势E30 V，内阻r1 ，用理想电压表测出电动机两端电压U10 V，已知电动机线圈电阻RM1 ，则下列说法中正确的是A通过电动机的电流为10 AB电动机的输入功率为20 WC电源的输出功率为40WD电动机的输出功率为16 W10、如图所示，一个“日”字形金属框架竖直放置，AB、CD、EF边水平且间距均为L，阻值均为R，框架其余部分电阻不计水平虚线下方有一宽度为L的垂直纸面向里的匀强磁场释放框架，当AB边刚进入磁场时框架恰好匀速，从AB边到达虚线至线框穿出磁场的过程中，AB两端的电势差UAB，AB边中的电流I（设从A到B为正）随位移S变化的图象正确

6、的是ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）电流表读数为_A , 电压表读数为_ V， 螺旋测微器的读数为_mm。12（12分）如图甲为一正在测量中的多用电表表盘(1)如果是用10 挡测量电阻，则读数为_ .(2)如果是用直流10 mA挡测量电流，则读数为_ mA(3)图乙中螺旋测微器的读数是_mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）某同学将量程为200A、内阻为500的表头A改装成量程为1mA和10mA的双量程电流表，设计电路如图所示。定

7、值电阻R1=500，R2和R3的值待定，S为单刀双掷开关，A、B为接线柱。回答下列问题：（1）将开关S接到哪边时使用最大量程？（2）试计算定值电阻的阻值R2，R3的阻值（保留3位有效数字）。14（16分）电路中，R1=10，R2=4，R3=6，R4=3，理想电源的电动势E=4.8V(1)如图甲闭合电键S理想电流表读数是多少？(2)如图乙闭合电键S理想电压表读数是多少？15（12分）轻质细线吊着一质量为m0.32 kg、边长为L0.8 m、匝数n10的正方形线圈，总电阻为r1 .边长为的正方形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示，磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化关系如图乙所示，从t0

8、开始经t0时间细线开始松弛，取g10 m/s2.求：(1)在前t0时间内线圈中产生的电动势；(2)在前t0时间内线圈的电功率；(3)t0的值参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】移送电荷一周释放的能量，就是电源供给它的电能，数值上等于电源内部非静电力做功的数值，即WEq，题中限定了单位电荷，可见W的数值只取决于电动势E，故选项A正确，选项B、C、D错误2、C【解析】试题分析：根据，则q-t线的斜率等于；故选C.考点：q-t图线【名师点睛】此题考查了q-t图线的物理意义；解题的关键是首先找出q-t函数关系，根

9、据函数关系研究图线斜率的物理意义，这也是研究图线问题最常用的基本方法.3、D【解析】A根据法拉第电磁感应定律，线圈产生感应电流的条件是线圈要闭合，并且穿过线圈的磁通量发生改变，故A错误；B闭合导线切割磁感线，如果磁通量未发生改变则不会有感应电流产生；闭合电路部分导体做切割磁感线有感应电流产生，所以闭合导线做切割磁感线运动不是一定产生感应电流，故B错误；C即使闭合电路的一部分导体如果不做切割磁感线的运动，但如果闭合电路在磁场中面积改变，磁通量也改变，就会有感应电流产生，故C错误；D根据法拉第电磁感应定律，闭合电路产生感应电流的条件是穿过闭合电路的磁通量发生改变，故D正确。故选D。4、B【解析】根

10、据，有设A=0，根据公式UAB=A-B，得到：B=-2VC=6VD=2VE=5V故电势最高的点是C点，电势最低的点是B点；AA和E，与结论不相符，选项A错误；BC和B，与结论相符，选项B正确；CD和A，与结论不相符，选项C错误；DD和E，与结论不相符，选项D错误；5、C【解析】设距离A点为x的位置的电势为，则得：（为AB连线与电场线的夹角），则有：综上分析可知，C正确，ABD错误。故选C。6、B【解析】根据碰撞过程动量守恒、机械能不可能增加，碰撞后不能发生二次碰撞。以甲的初速度方向为正方向，碰撞前总动量为：P=m甲v甲+m乙v乙=16+22=10kgm/s碰撞前的动能为：A碰后v甲=4m/s、

11、v乙=7m/s，动量增加，机械能增大。故A不符合题意。B碰后v甲=2m/s、v乙=4m/s，动量守恒，机械能减小。故B符合题意。C碰后v甲=3m/s、v乙=3m/s，动量不守恒，机械能减少。故C不符合题意。D碰后v甲=4m/s、v乙=3m/s，v甲v乙，碰后甲乙还要发生二次碰撞。故D不符合题意。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】试题分析：静电计测定电容器板间电势差，根据电容的决定式分析电容的变化，再电容的定义式分析板间电压的变化，判断静电计指针张角的变化

12、解：A、B板向左平移，板间距离d增大，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U增大，静电计指针张角变大故A正确B、B板向上平移，两极板正对面积减小，由电容的决定式C=得知，电容C减小，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U增大，静电计指针张角变大故B正确C、在两板间插入介质板，由C=得知，电容C增大，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U减小，静电计指针张角变小故C错误D、在两板间插入金属板，板间距离减小，电容C增大，而电量Q不变，由电容的定义式C=可知，板间电压U减小，静电计指针张角变小故D错误故选AB点评：本题按照这样的思路进

13、行分析：先根据电容的决定式C=分析电容的变化，再根据电容的定义式C=和不变的条件，分析电压或电量的变化8、BC【解析】试题分析：解决本题需根据：重力做功等于重力势能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量由功能关系分析解：A、重力做功等于重力势能变化量的负值，则重力势能增加3J，故重力做功3J，故A错误；B、据题，重力势能增加3J、机械能增加0.5J，而机械能等于重力势能与动能之和，则得动能减少2.5J，故B正确C、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，有电场力和空气阻力做功，电场力做功1J，而机械能增加0.5

14、J，所以克服空气阻力做功0.5J，故C正确D、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J，故D错误；故选BC【点评】功是能量转化的量度，有多种表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度9、BD【解析】根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+I（r+R）解得：，故A错误；电源的输出功率P=IE-I2r=56W，故C错误；电动机的输入功率：P入=UI=102=20W；电动机的热功率：P热=I2RM=221=4W；电动机的输出功率：P出=P-P热=UI-I2RM=102-221=16W；故BD

15、正确；故选BD【点睛】对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路10、AC【解析】试题分析：从AB变刚进入磁场时，线框做匀速运动，即根据公式可知0-L过程中AB产生的电动势恒定不变为，AB相当于电源，为路端电压，A为负极，B为正极，所以，大小为，电流大小为，方向从A到B，为正；当AB边穿出，CD边又进入磁场，速度不变，所以根据，AB相当于电源，为路端电压，A为负极，B为正极，所以，大小为，由于这种情况下为支路电流，并且为原来的，故AC正确；考点：考查了电磁感应与电路【名师点睛】本题的关键是知

16、道，当导体切割磁感线运动时，导体相当于一个电源，导体两端的电压为电路的路端电压三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.42 2.242.26之间 2.430 【解析】1电流表量程为0.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.42A2电压表量程为3V，由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.24V3由图形螺旋测微器可知，固定刻度示数为2mm，可动刻度示数为43.00.01mm=0.430mm，螺旋测微器的读数为2mm+0.430mm=2.430mm12、607.25.680【解析】(1)1如果是用10挡测量电阻，由

17、图示表盘可知，读数为610=60。(2)2如果是用直流10mA挡测量电流，由图示表盘可知，其分度值为0.2mA，则读数为7.2mA。(3)3螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为18.00.01mm=0.180mm，所以最终读数为5.5mm+0.180mm=5.680mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 开关S置于“1”挡；(2) ，【解析】解：(1)将开关S置于“1”挡时，表头A和R1、R2串联后再与R3并联；将开关S置于“2”挡时，表头A和R1串联后再与R2、R3并联，所以开关S置于“1”挡时量程较大，即开关S置于“1”挡时量程应为10mA；(2)当开关打到1时，则有：当开关打到2时，则有：解得：，14、 (1) 1.33A (2) 3.6V【解析】(1)电流表看成导线，故R1、R2、R3构成并联，R34=636+3=2U34=ER34+R1R34=0.8VIR3=U34R3=215AIR2=ER2=1.2A故I=IR3+IR2=43A1.33A(2)电压表看成断路，R3与R2串联，再与R1并联R并=R1(R3+R2)R1+R3