四川省康定市2023学年物理高二上期中质量检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图,电源内阻较大,当开关闭合、滑动变阻器滑片位于某位置时,水平放置的平行板电容器间一带电

2、液滴恰好处于静止状态,灯泡L也能正常发光,现将滑片由该位置向a端滑动,则 A灯泡将变暗,电源效率将减小B液滴带正电,将向下做加速运动C电源的路端电压增大,输出功率也增大D电容器两极板上的电势差将增大2、一根阻值为R的均匀电阻丝，长为L，横截面积为S，设温度不变，在下列哪些情况下其电阻值仍为R( )AL不变，S增大一倍BS不变，L增大一倍CL和S都缩小为原来的一半DL和横截面的半径都增大一倍3、关于感应电动势的大小，下列说法中正确的是A磁通量越大，则感应电动势越大B磁通量越小，则感应电动势一定越小C磁通量增加，感应电动势有可能减小D磁通量变化越大，则感应电动势也越大4、如图是两电阻的伏安特性曲线

3、，图线1表示的导体电阻为，图线2表示的导体的电阻为，则与大小之比是( )A3：1B1：3C1：2D2：15、把木箱放在电梯的水平地板上，则地板所受压力最大的情况是（ ）A电梯以a=1.5m/s2的加速度匀加速上升B电梯以a=2.0m/s2的加速度匀减速上升C电梯以a=1.8m/s2的加速度匀减速下降D电梯以v=3m/s的速度匀速上升6、现代观测表明，由于引力作用，恒星有“聚集”的特点，众多的恒星组成了不同层次的恒星系统，最简单的恒星系统是两颗互相绕转的双星，事实上，冥王星也是和另一星体构成双星，如图所示，这两颗行星m1、m2各以一定速率绕它们连线上某一中心O匀速转动，这样才不至于因万有引力作用

4、而吸引在一起，现测出双星间的距离始终为L，且它们做匀速圆周运动的半径r1与r2之比为32，则 ()A它们的角速度大小之比为23B它们的线速度大小之比为32C它们的质量之比为32D它们的周期之比为23二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一单摆在地球表面做受迫振动，其共振曲线（振幅 A 与驱动力的频率 f 的关系）如图 所示，则A此单摆的固有频率为 0.5HzB此单摆的摆长约为 1mC若摆长增大，单摆的固有频率减小D若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动8、如图所示，图中KL

5、M为静电场中的3个相距较近的等势面.一带电粒子射入此静电场中后，沿abcde轨迹运动.已知电势KLM，且粒子在ab段做减速运动.下列判断中正确的是()A粒子带负电B粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C粒子在a点与e点的速度大小相等D粒子在a点的电势能大于在d点的电势能9、如图所示，在倾角为的光滑斜面上，水平放置一根长为L、质量为m的直导体棒，当通以图示方向电流I时，欲使导体棒静止在斜面上，可加一平行于纸面的匀强磁场，当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由水平向右沿顺时针方向转至垂直斜面向下的过程中，下列说法中正确的是A此过程中磁感应强度B先减小后增大B此过程中磁感应强度B逐渐减小C此过程中磁感

6、应强度B的最小值为D此过程中磁感应强度B的最大值为10、如图所示，绝缘的轻质弹簧竖直立于水平地面上，上面放一质量为m的带正电小球（小球与弹簧不拴接），整个系统处在方向竖直向上的匀强电场中。开始时，整个系统处于静止状态，现施加一外力F，将小球向下压至某一位置，然后撤去外力，使小球从静止开始向上运动。设小球从静止开始向上运动到离开弹簧的过程中，电场力对小球所做的功为W1，小球克服重力所做的功为W2，小球离开弹簧时的速度为v。不计空气阻力，则在上述过程中（）A小球与弹簧组成的系统机械能守恒B小球的重力势能增加了W2C小球的电势能减少了W1D小球的机械能增加了三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案

7、写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图甲所示为某同学测绘额定电压为2.5 V的小电珠的IU图线的实验电路图.（1）根据电路图，用笔画线代替导线，将图右中的实物图连接成完整的实验电路_.（2）开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于_（选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）.（3）实验中发现移动滑动变阻器的滑片时，电流表的示数变化而电压表的指针不动，下列原因可能的是_A灯泡中灯丝已烧断 B滑片接触不良C灯泡内部短路 D滑动变阻器A端接触不良（4）图中电流表的读数是多少_A（5）某同学在实验中还测出a、b、c三种元件的伏安特性曲线分别如下图的（a）、（b）、（c），下列说法

8、正确的是 _Aa可以作为标准电阻使用 Bb能作为标准电阻使用Cb的阻值随电压升高而增大 Dc的阻值随电压升高而增大12（12分）在做“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时，所用器材有：电动势为6 V的电源，额定电压为2.5 V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线.要求能测出尽可能多组数据，如图是没有连接完的实物电路.(已连接好的导线有a、b、c、d、e、f六根)(1)请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整_；(2)连好电路，闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表几乎不偏转，则故障的原因可能是_；(3)排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表

9、的示数为2.2 V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向_端滑动(选填“左”或“右”)；(4)图线是曲线而不是过原点的直线，原因是_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，水平放置的平行金属导轨，表面光滑，宽度L为1m，在其上放一质量m0.5kg金属棒，棒与导轨垂直，且通有0.5A、方向由a向b的电流。整个装置放在竖直方向的匀强磁场中。在大小为2N、方向水平向右且与棒垂直的外力F作用下，金属棒处于静止状态。求：（1）所加磁场的方向及磁感应强度的大小；（2）如果外力F增大为3N时，导体棒从静止开始运

10、动到第2秒时的速度大小。14（16分）如图所示，在匀强电场中有abc三点，ab相距4cm，bc相距10cm，将一个带电荷量为210-8C 的电荷从a点移到b点时，电场力做功为410-6 J将此电荷从b点移到c点时电场力做功为多少？，a、c间电势差为多少？15（12分）如图所示，一个质量为m=2.010-11kg，电荷量q = +1.010-5C的带电微粒（重力忽略不计），从静止开始经U1=100V电压加速后，水平进入两平行金属板间的偏转电场中，且速度与电场线垂直金属板长L=20cm，两板间距d =10cm求：（1）微粒进入偏转电场时的速度v多大？（2）微粒射出偏转电场时的偏转角=30，则两金属

11、板间的电压U2是多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A将滑片由该位置向a端滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，电路中总电阻增大，电路中电流减小，灯泡消耗的功率减小，则灯泡将变暗。外电路总电阻增大，路端电压增大，则电源的效率为U增大，则知增大，故A错误。BD液滴受力平衡，因电容器上极板带负电，板间场强向上，则知液滴带正电。路端电压增大，故电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，因此液滴将向上做加速运动。故B错误，D正确。C由于电源的内电阻与外电阻关系未知，所以不能判断输出功率如何变化，故

12、C错误。2、C【解析】有R=可知A、当L不变，S增大一倍时，有R=故A错误；B、当S不变，L增大一倍时，有R=2R，故B错误；C、L和S都缩小为原来的1/2，有R=R，故C正确；D、当L和横截面的半径都增大一倍时，有R=，故D错误；故选C思路分析：此题考查了影响电阻的因素，导线越长，电阻越大，导线越粗，电阻越小试题点评：知道导体的长度、横截面积以及材料决定电阻的大小，并且知道电阻的大小与其决定因素的具体关系是本题的关系3、C【解析】由E=n得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的大小无关，故A错误；磁通量减小，磁通量变化可能变快，故感应电动势可能变大，故B错误；磁通量增加

13、，磁通量变化可能变慢，故感应电动势可能减小，故C正确；线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量变化的大小无关，故D错误；故选C.点睛：考查法拉第电磁感应定律，同时让学生清楚知道感应电动势与磁通量的变化率有关，与磁通量大小及磁通量变化大小均无关4、B【解析】题中图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率k等于电阻的倒数，1、2两图线的斜率比为3：1，所以R1与R2大小之比1：3，故B正确，ACD错误5、C【解析】解：A、加速上升，加速度向上，根据牛顿第二定律，有 Nmg=ma，故N=mg+ma=11.5mB、减速上升，加速度向下，根据牛顿第二定律，有 mgN=ma，故N=mgma=8mC、

14、减速下降，加速度向上，根据牛顿第二定律，有 Nmg=ma，故N=mg+ma=11.8mD、匀速上升，二力平衡，有N=mg=10m根据牛顿第三定律，木箱对地板的压力等于地板对木箱的支持力，选项C中地板所受压力最大；故选：C【点评】本题关键根据牛顿第二定律列方程求解出压力后比较6、B【解析】双星的角速度和周期都相同，故A、D均错，由Gm1m2L2m12r1，Gm1m2L2m22r2，解得m1m2r2r123，C错误由vr知，v1v2r1r232，B正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选

15、错的得0分。7、ABC【解析】A、单摆做受迫振动,振动频率与驱动力频率相等;当驱动力频率等于固有频率时,发生共振,则固有频率为0.5Hz,故A正确；B、由图可以知道,共振时单摆的振动频率与固有频率相等,则周期为2s.由公式T=2Lg ,可得L=1m,故B正确C、若摆长增大,单摆的固有周期增大,则固有频率减小.故C正确D、若摆长增大,则固有频率减小,所以共振曲线的峰将向左移动.故D错误;故选ABC【点睛】由共振曲线可以知道,出现振幅最大,则固有频率等于受迫振动的频率.结合单摆周期公式T=2Lg求解。8、CD【解析】因为kL，且带电粒子在ab段做减速运动，因此粒子带正电，A错误；由电场线分布情况可

16、知a点场强小于b点场强，因此粒子在a点的加速度小于在b点的加速度，B错误；a点和e点处在同一等势面上，因此该粒子在该两点的动能、电势能都相等，C正确；b点和d点处在同一等势面上，b、d两点的电势能相等，由于带电粒子在ab段做减速运动即该阶段电场力做负功，电势能增加，即a点的电势能小于b点的电势能，故D正确.9、BC【解析】AB对导体棒受力分析，受重力G、支持力FN和安培力FA，三力平衡，合力为零，将支持力FN和安培力FA合成，合力与重力相平衡，如图当磁场水平向右时，安培力方向竖直向上；当磁场垂直斜面向下时，安培力沿斜面向上；当当外加匀强磁场的磁感应强度B的方向由水平向右沿顺时针方向转至垂直斜面

17、向下的过程中，从图中可以看出，安培力FA逐渐减小，由于FA=BIL，其中电流I和导体棒的长度L均不变，故磁感应强度逐渐减小；选项A错误，B正确；C由图可以看出当FA平行于斜面时有最小值BminIL=mgsin得： 选项C正确；D此过程中安培力竖直向上时最大为mg，故B的最大值为：选项D错误。10、BC【解析】A由于电场力做功，所以小球和弹簧组成的系统机械能不守恒，A错误；B重力做功为且为负功，则重力势能应增加，B正确；C电场力做正功，所以电势能减小为，C正确；D小球增加的机械能应该为电场力对小球做的功，所以机械能增加，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定

18、的答题处，不要求写出演算过程。11、 A端 C 0.46 AC 【解析】（1）根据原理图可得出对应的实物图（2）由图可知采用分压式接法，故开始时应让测量电路中电压为零，故滑片应置于A端（3）电流表的示数变化，说明与电流表串联的部分没有发生断路现象，而电压表的指针不动，说明电压表测量的电路电阻为零，电压表的电阻非常大，在电路中相当于开路，所以应是灯泡断路，故选C（4）丙图中量程为0.6A，最小分度为0.02A，则指针的示数为：0.46A（5）a图中电阻不随电压的变化而变化，故可以做为标准电阻使用；b的阻值随电压升高而增大，c的阻值随电压升高而降低，故AC正确，BD错误12、 c段导线断路或灯泡灯丝断了 右 灯丝的电阻会随温度的升高而增大 【解析】(1)要“描绘小灯泡的伏安特性曲线”则滑动变阻器要采用分压接法； (2)电流表几乎不偏转，则说明出现断路，而电压表有示数，则说明电压表两侧的电路完好无损；(3)要增大小灯泡两端的电压，则要增大与小灯泡并联的部分电阻；(4)U-I图象的斜率代表灯丝的电阻，功率越大，灯丝的温度越高。【详解】(1) 要“描绘小灯泡的伏安特性曲线”则电压要从0开始连续可调，