福建省永安市三中2023学年物理高二上期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，弹簧振子在A、B之间做简谐运动以平衡位置O为原点，建立Ox轴向右为x轴的正方向若振子位于B点时开始计时，则其振动图像为（ ）ABCD2、关于电流和电动势说法，正确的是A导体中有电荷运动就会形成电流B电动势由电源中非静电力做

2、功决定，与外电路无关C通过导线横截面的自由电子数越多，导线中的电流就越大D电动势的单位与电压的单位相同，所以电动势就是电压3、如图所示，一螺线管通电时，其右侧中轴线上A、B两点的磁感应强度分别为BA、BB，则 ABABB，方向均向左BBABB，方向均向右DBA0）的粒子从P点瞄准N0点入射，最后又通过P点不计重力求粒子入射速度的所有可能值14（16分）一圈粗细均匀的导线长1200m，在两端点A、B间加上恒定电压时，测得通过导线的电流为0.5A。如剪去BC段，在A、C两端加同样电压时，通过导线的电流变为0.6A，则剪去的BC段有多长？15（12分）如图所示，形金属导轨（电阻不计）CDEF固定在绝

3、缘的水平面上，两根金属导轨间宽为L，C、E间有电动势为E、内阻为r的电源现垂直于导轨搁一根金属棒MN，金属棒电阻为R，质量为m，垂直金属棒施加一个范围较大的匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向与水平面夹角为且指向右斜上方，求：(1)当MN棒静止时，受到的支持力和摩擦力各为多少？(2)若金属棒MN所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，已知MN棒与导轨间动摩擦因数,B的大小和水平面夹角均能改变，要使MN棒刚好发生滑动时，B的大小至少为多大?此时B与水平面的夹角为多少?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由题意：设向

4、右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故A正确2、B【解析】只有电荷没有电势差也无法形成电流，故A错误；电动势由电源中非静电力做功决定，与外电路无关,故B正确；通过导线横截面的电荷多，若时间长，则导线中电流不一定大，故C错误；电动势与电压单位相同，但意义不同，所以电动势不是电压，故D错误。所以B正确，ACD错误。3、A【解析】越靠近螺线管的两端，磁感应强度越大，故，根据右手螺旋定则可知，螺线管的左端为S极，即方向都向左，故A正确，BCD错误；故选A。4、D【解析】每摩尔铜的体积为：单位体积内自由电子数为：电流的微观表达式得：联

5、立解得：故D正确，ABC错误。故选D。5、C【解析】连接bd，bd连线的中点N电势与c点相等，是20V；作出等势线Nc就能判断场强方向； 质子从bc做类平抛运动，根据v0方向的分位移为2l，求出时间；【详解】A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V，且abcd，abbc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为24V，与a点电热势相等，从而连接aM，即为等势面；三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点N的电势与c相等，为20V，故A错误；B、Nc为等势线，其垂线bd为场强方

6、向，即场强方向为bd，故B错误；C、质子从bc做类平抛运动，沿初速度方向分位移为2l，此方向做匀速直线运动，则t=2lv0，则C正确；D、电势差Ubd=16V，则质子从b运动到d电场力做功为16eV，故D错误。6、D【解析】由电容的定义式C=QU得电容器的带电量Q=CU故A错误。两极板间匀强电场的电场强度大小E=Ud，故B错误。M、P两点间的电势差为UMP=ELsin=UdLsin故C错误。将带电量为+q的电荷从M移到P，电场力做功WMP=qUMP=qULsind，电荷的电势能减小qULsind故D正确。故选D。【点睛】本题中涉及电容、电场强度、电势差、电场力做功等多个知识点公式U=Ed中，d

7、是两点间沿场强方向的距离，不是两点间的距离二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】Aa、b是匀强电场中的两点，电场强度相同，故A正确；B两个等量异号点电荷的连线上，据电场线的对称性可知，a、b两点电场强度相同，故B正确；C离点电荷Q等距的任意两点a、b电场强度大小相等，但方向不同，则电场强度不同，故C错误；D两个等量同号点电荷连线的中垂线上，与中点O等距的任意两点a、b场强大小相等，但方向相反，所以电场强度不同，故D错误。8、BC【解析】当使用a、b两个端点时

8、，表头与R2串联，再与R1并联，此时量程为：；当使用a、c两个端点时，R1与R2串联，再与表头并联，此时量程为：；由数学知识可知，故BC正确9、AB【解析】由动能Ekmv2与动量p=mv，得到动能与动量的关系式：p，由于两球的动能相等，而甲球质量m甲大于乙球质量m乙，所以p甲p乙，碰撞前总动量向右。由动量守恒定律，碰撞后若甲球速度为零，而乙球向右，则总动量向右，所以选项A正确。由动量守恒定律，碰撞后若甲、乙球速度均不为零，合为一整体向右，则总动量也向右，所以选项B正确。若乙球速度为零，则甲球一定向左运动，则总动量向左，与动量守恒不相符，所以选项C错误。两球都以各自原来的速率反向运动，由于总动量

9、大小向左，所以与动量守恒不相符，所以选项D错误。故选AB。【点睛】关于碰撞问题要注意：碰撞前后动量守恒碰撞前后动能不会增加，即能量守恒与实际情况相符，即碰撞后，不能穿越，最多也只能合为一整体10、AC【解析】由运动学2axv2v02可得弹体的加速度为；安培力为F=BIL，进而由牛顿第二定律可得：BIL=ma解得：，选项A正确，B错误；速度最大时磁场力的功率最大：Pm=BILvm=55102104W=1.1104kW，选项C正确电磁炮装置中必须使得磁场方向和电流方向决定的安培力方向与炮弹沿导轨的加速方向一致，选项D错误；故选AC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处

10、，不要求写出演算过程。11、0.6440.646 mm 换用倍率“10”的挡 120 ACEGH 曲线 温度变化，灯丝电阻也会变化 【解析】（1）1合金丝的直径：0.5mm+0.01mm14.5=0.645mm；（2）a.2该同学选择“100”倍率，用正确的操作步骤测量时，发现指针偏转角度太大，说明倍率档选择过高，应该换用倍率“10”的挡；c3测量结果是120.（3）4小灯泡的额定电流为，则电流表可选A；电压表选C；滑动变阻器要接成分压电路，故选阻值较小的E；则为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是ACEGH；56电压表内阻远大于灯泡的内阻，可知要采用安培表外接；滑动变阻器用分压电路，则电路图

11、以及实物连线如图；7此实验描绘出的IU图线是曲线，其原因是灯丝温度变化，电阻也会变化.12、D F 0.94-0.98 灯泡电阻随电压的增大而增大 【解析】由题中“要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线”可知，本题考查小灯泡伏安特性曲线测绘，根据伏安法和分压法要求，结合实验规律可分析本题【详解】（1）1根据小电珠的电流变化，电流表选择D；2本实验是测绘小电珠伏安特性曲线，需要电压的变化范围比较大，故采用分压式，因此选择滑动变阻器R1；（2）3 本实验是测绘小电珠伏安特性曲线，需要电压的变化范围比较大，故采用分压式，故连接方式为（3）4小电珠额定电压是2V，从表中可知，电流在0.47A

12、到0.49A左右，故其额定电功率根据公式可得为0.94W-0.98W（4）5 U-I图线中斜率表示电阻，由图可知，小电珠电压增大斜率变大，因此可得灯泡电阻随电压的增大而增大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、；【解析】设粒子的入射速度为v，第一次射出磁场的点为，与板碰撞后再次进入磁场的位置为粒子在磁场中运动的轨道半径为R，有；粒子速率不变,每次进入磁场与射出磁场位置间距离保持不变有,；粒子射出磁场与下一次进入磁场位置间的距离始终不变,与相等由图可以看出；设粒子最终离开磁场时,与档板相碰n次(n=0、1、1、3)若粒子能回到P点,由对称性,出射点的x坐标应为-a,即；由两式得；若粒子与挡板发生碰撞,有；联立得n3联立得把代入中得14、200m【解析】设AB、AC段导线电阻分别为、，长度分别为、，则所以由得所以则减去的BC段长为15、（1） ， （2）,【解析】（1